高考数学复习最新3年高考2年模拟6立体几何

1、【3年高考2年模拟】立体几何第一部分 三年高考荟2012年高考数学（1）空间几何体一、选择题1 （2012新课标理）已知三棱锥的所有顶点都在球的求面上,是边长为的正三角形,为球的直径,且;则此棱锥的体积为（）ABCD2 （2012浙江文）已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,则该三棱锥的体积是（）A1cm3B2cm3C3cm3D6cm33 （2012重庆文）设四面体的六条棱的长分别为1,1,1,1,和且长为的棱与长为的棱异面,则的取值范围是（）ABCD4 4（2012重庆理）设四面体的六条棱的长分别为1,1,1,1,和,且长为的棱与长为的棱异面,则的取值范围是（）ABCD5 （2012陕

2、西文）将正方形(如图1所示)截去两个三棱锥,得到图2所示的几何体,则该几何体的左视图为 6 （2012课标文）平面截球O的球面所得圆的半径为1,球心O到平面的距离为,则此球的体积为（）AB4C4D67 （2012课标文理）如图,网格上小正方形的边长为1,粗线画出的是某几何体的三视图,则几何体的体积为.6 .9 .12 .188 （2012江西文）若一个几何体的三视图如下左图所示,则此几何体的体积为（）AB5C4D9（2012湖南文）某几何体的正视图和侧视图均如图1所示,则该几何体的俯视图不可能是第7题图10（2012广东文）(立体几何)某几何体的三视图如图1所示,它的体积为（）ABCD11（2

3、012福建文）一个几何体的三视图形状都相同,大小均等,那么这个几何体不可以是（）A球B三棱锥 C正方体D圆柱 、1213（2012北京文）某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的表面积是（）ABCD14 （2012江西理）如图,已知正四棱锥S-ABCD所有棱长都为1,点E是侧棱SC上一动点,过点E垂直于SC的截面将正四棱锥分成上、下两部分.记SE=x(0<x<1),截面下面部分的体积为V(x),则函数y=V(x)的图像大致为15（2012湖南理）某几何体的正视图和侧视图均如图1所示,则该几何体的俯视图不可能是A图1BCD16（2012湖北理）我国古代数学名著九章算术中“开立圆术”曰:置

4、积尺数,以十六乘之,九而一,所得开立方除之,即立圆径. “开立圆术”相当于给出了已知球的体积,求其直径的一个近似公式. 人们还用过一些类似的近似公式. 根据判断,下列近似公式中最精确的一个是（）侧视图正视图24242俯视图ABCD(一)必考题(1114题)17（2012湖北理）已知某几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为（）ABCD18（2012广东理）(立体几何)某几何体的三视图如图1所示,它的体积为（）ABCD19（2012福建理）一个几何体的三视图形状都相同、大小均相等,那么这个几何体不可以是（）A球B三棱柱C正方形D圆柱20（2012大纲理）已知正四棱柱中,为的中点,则直线 与平面

5、的距离为（）A2BCD121（2012北京理）某三棱锥的三视图如图所示,该三棱锥的表面积是（）ABCD二、填空题22（2012天津文）一个几何体的三视图如图所示(单位:),则该几何体的体积_.23（2012上海文）一个高为2的圆柱,底面周长为2p,该圆柱的表面积为_.24（2012山东文）如图,正方体的棱长为1,E为线段上的一点,则三棱锥的体积为_.25（2012辽宁文）已知点P,A,B,C,D是球O表面上的点,PA平面ABCD,四边形ABCD是边长为2正方形.若PA=2,则OAB的面积为_.26（2012辽宁文）一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为_.27（2012湖北文）已知某几

6、何体的三视图如图所示,则该几何体的体积为_.28（2012安徽文）若四面体的三组对棱分别相等,即,则_.(写出所有正确结论编号) 四面体每组对棱相互垂直四面体每个面的面积相等从四面体每个顶点出发的三条棱两两夹角之和大于而小于连接四面体每组对棱中点的线段互垂直平分从四面体每个顶点出发的三条棱的长可作为一个三角形的三边长29（2012安徽文）某几何体的三视图如图所示,该几何体的体积是30（2012天津理）个几何体的三视图如图所示(单位:),则该几何体的体积为_.31（2012浙江理）已知某三棱锥的三视图(单位:cm)如图所示,则该三棱锥的体积等于_cm3.ABCD32（2012上海理）如图,AD与

7、BC是四面体ABCD中互相垂直的棱,BC=2。若AD=2c,且AB+BD=AC+CD=2a,其中a、c为常数,则四面体ABCD的体积的最大值是 _ .33（2012上海理）若一个圆锥的侧面展开图是面积为2p的半圆面,则该圆锥的体积为_ .34（2012山东理）如图,正方体的棱长为1,分别为线段上的点,则三棱锥的体积为_.35（2012辽宁理）已知正三棱锥ABC,点P,A,B,C都在半径为的求面上,若PA,PB,PC两两互相垂直,则球心到截面ABC的距离为_.36（2012辽宁理）一个几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积为_.37（2012江苏）DABC如图,在长方体中,则四棱锥的体积为_

8、cm3.38（2012安徽理）某几何体的三视图如图所示,该几何体的表面积是.参考答案一、选择题1. 【解析】选的外接圆的半径,点到面的距离为球的直径点到面的距离为此棱锥的体积为另:排除2. 【答案】:A 【解析】:, 【考点定位】本题考查棱锥的结构特征,考查空间想象能力,极限思想的应用,是中档题. 3. 【答案】C 【命题意图】本题考查的是三棱锥的三视图问题,体现了对学生空间想象能力的综合考查.【解析】由题意判断出,底面是一个直角三角形,两个直角边分别为1和2,整个棱锥的高由侧视图可得为3,所以三棱锥的体积为. 4. 【答案】A【解析】.【考点定位】本题考查棱锥的结构特征,考查空间相象力,极限

9、思想的运用,是中档题.5. 答案C 解析若两条直线和同一平面所成角相等,这两条直线可能平行,也可能为异面直线,也可能相交,所以A错;一个平面不在同一条直线的三点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行,故B错;若两个平面垂直同一个平面两平面可以平行,也可以垂直;故D错;故选项C正确. 点评本题旨在考查立体几何的线、面位置关系及线面的判定和性质,需要熟练掌握课本基础知识的定义、定理及公式. 6. 画出三视图,故选B 7. 【命题意图】本题主要考查简单几何体的三视图及体积计算,是简单题. 【解析】由三视图知,其对应几何体为三棱锥,其底面为一边长为6,这边上高为3,棱锥的高为3,故其体积为=9,故选

10、B. 8. 【答案】C 【解析】本题的主视图是一个六棱柱,由三视图可得地面为变长为1的正六边形,高为1,则直接带公式可求该直六棱柱的体积是:,故选C. 【考点定位】本题是基础题,考查三视图与地观图的关系,注意几何体的位置与放法是解题的关键,考查空间想象能力,转化思想、计算能力. 9. 【答案】D 【解析】本题是组合体的三视图问题,由几何体的正视图和侧视图均如图1所示知,原图下面图为圆柱或直四棱柱,上面是圆柱或直四棱柱或下底是直角的三棱柱,A,B,C,都可能是该几何体的俯视图,D不可能是该几何体的俯视图,因为它的正视图上面应为如图的矩形. 【点评】本题主要考查空间几何体的三视图,考查空间想象能力

11、.是近年来热点题型. 10. 解析:C.该几何体下部分是半径为3,高为4的圆锥,体积为,上部分是半球,体积为,所以体积为. 11. 【答案】D 【解析】分别比较A、B、C的三视图不符合条件,D 符合 【考点定位】考查空间几何体的三视图与直观图,考查空间想象能力、逻辑推理能力. 12. 答案D 【命题意图】本试题主要考查了正四棱柱的性质的运用,以及点到面的距离的求解.体现了转换与化归的思想的运用,以及线面平行的距离,转化为点到面的距离即可. 【解析】连结交于点,连结,因为是中点,所以,且,所以,即直线与平面BED的距离等于点C到平面BED的距离,过C做于,则即为所求距离.因为底面边长为2,高为,

12、所以,所以利用等积法得,选D. 13. 【答案】B 【解析】从所给的三视图可以得到该几何体为三棱锥,本题所求表面积为三棱锥四个面的面积之和.利用垂直关系和三角形面积公式,可得:,因此该几何体表面积,故选B. 【考点定位】本小题主要考查的是三棱锥的三视图问题,原来考查的是棱锥或棱柱的体积而今年者的是表面积,因此考查了学生的计算基本功和空间想象能力. 14. A【解析】本题综合考查了棱锥的体积公式,线面垂直,同时考查了函数的思想,导数法解决几何问题等重要的解题方法. (定性法)当时,随着的增大,观察图形可知,单调递减,且递减的速度越来越快;当时,随着的增大,观察图形可知,单调递减,且递减的速度越来

13、越慢;再观察各选项中的图象,发现只有A图象符合.故选A.【点评】对于函数图象的识别问题,若函数的图象对应的解析式不好求时,作为选择题,没必要去求解具体的解析式,不但方法繁琐,而且计算复杂,很容易出现某一步的计算错误而造成前功尽弃;再次,作为选择题也没有太多的时间去给学生解答;因此,使用定性法,不但求解快速,而且准确节约时间.15. 【答案】D【解析】本题是组合体的三视图问题,由几何体的正视图和侧视图均如图1所示知,原图下面图为圆柱或直四棱柱,上面是圆柱或直四棱柱或下底是直角的三棱柱,A,B,C都可能是该几何体的俯视图,D不可能是该几何体的俯视图,因为它的正视图上面应为如图的矩形.【点评】本题主

14、要考查空间几何体的三视图,考查空间想象能力.是近年高考中的热点题型.16.考点分析:考察球的体积公式以及估算.解析:由,设选项中常数为,则;A中代入得,B中代入得,C中代入得,D中代和主得,由于D中值最接近的真实值,故选择D.17.考点分析:本题考察空间几何体的三视图.解析:显然有三视图我们易知原几何体为 一个圆柱体的一部分,并且有正视图知是一个1/2的圆柱体,底面圆的半径为1,圆柱体的高为6,则知所求几何体体积为原体积的一半为.选B.18.解析:C.该几何体下部分是半径为3,高为5的圆柱,体积为,上部分是半径为3,高为4的圆锥,体积为,所以体积为.19. 【答案】D【解析】分别比较ABC的三

15、视图不符合条件,D符合.【考点定位】考查空间几何体的三视图与直观图,考查空间想象能力、逻辑推理能力.20.答案D【命题意图】本试题主要考查了正四棱柱的性质的运用,以及点到面的距离的求解.体现了转换与化归的思想的运用,以及线面平行的距离,转化为点到面的距离即可.【解析】连结交于点,连结,因为是中点,所以,且,所以,即直线与平面BED的距离等于点C到平面BED的距离,过C做于,则即为所求距离.因为底面边长为2,高为,所以,所以利用等积法得,选D. 21. 【答案】B【解析】从所给的三视图可以得到该几何体为三棱锥,本题所求表面积为三棱锥四个面的面积之和.利用垂直关系和三角形面积公式,可得:,因此该几

16、何体表面积,故选B.【考点定位】本小题主要考查的是三棱锥的三视图问题,原来考查的是棱锥或棱柱的体积而今年者的是表面积,因此考查了学生的计算基本功和空间想象能力.二、填空题22. 【解析】由三视图可知这是一个下面是个长方体,上面是个平躺着的五棱柱构成的组合体.长方体的体积为,五棱柱的体积是,所以几何体的总体积为. 23. 解析 2pr=2p,r=1,S表=2prh+2pr2=4p+2p=6p. 24. 答案:解析:. 25. 【答案】【解析】点【点评】本题主要考查组合体的位置关系、抽象概括能力、空间想象能力、运算求解能力以及转化思想,该题灵活性较强,难度较大.该题若直接利用三棱锥来考虑不宜入手,

17、注意到条件中的垂直关系,把三棱锥转化为长方体来考虑就容易多了. 26. 【答案】12+【解析】由三视图可知该几何体为一个长方体和一个等高的圆柱的组合体,其中长方体的长、宽、高分别为4、3、1,圆柱的底面直径为2,高位1,所以该几何体的体积为【点评】本题主要考查几何体的三视图、柱体的体积公式,考查空间想象能力、运算求解能力,属于容易题.本题解决的关键是根据三视图还原出几何体,确定几何体的形状,然后再根据几何体的形状计算出体积. 27. 【解析】由三视图可知,该几何体是由左右两个相同的圆柱(底面圆半径为2,高为1)与中间一个圆柱(底面圆半径为1,高为4)组合而成,故该几何体的体积是. 【点评】本题

18、考查圆柱的三视图的识别,圆柱的体积.学生们平常在生活中要多多观察身边的实物都是由什么几何形体构成的,以及它们的三视图的画法. 来年需注意以三视图为背景,考查常见组合体的表面积. 28. 【解析】正确的是四面体每个面是全等三角形,面积相等从四面体每个顶点出发的三条棱两两夹角之和等于连接四面体每组对棱中点构成菱形,线段互垂直平分 从四面体每个顶点出发的三条棱的长可作为一个三角形的三边长29. 【解析】表面积是 该几何体是底面是直角梯形,高为的直四棱柱几何体的的体积是30. 【答案】【命题意图】本试题主要考查了简单组合体的三视图的画法与体积的计算以及空间想象能力.【解析】由三视图可该几何体为两个相切

19、的球上方了一个长方体组成的组合体,所以其体积为:=.31. 【答案】1 【解析】观察三视图知该三棱锥的底面为一直角三角形,右侧面也是一直角三角形.故体积等于. 点评异面直线夹角问题通常可以采用两种途径: 第一,把两条异面直线平移到同一平面中借助三角形处理; 第二,建立空间直角坐标系,利用向量夹角公式解决. 32. ADBEC解析 作BEAD于E,连接CE,则AD平面BEC,所以CEAD,由题设,B与C都是在以AD为焦距的椭球上,且BE、CE都垂直于焦距AD,所以BE=CE. 取BC中点F,连接EF,则EFBC,EF=2,四面体ABCD的体积,显然,当E在AD中点,即B是短轴端点时,BE有最大值

20、为b=,所以.评注 本题把椭圆拓展到空间,对缺少联想思维的考生打击甚大!当然,作为填空押轴题,区分度还是要的,不过,就抢分而言,胆大、灵活的考生也容易找到突破点:AB=BD(同时AC=CD),从而致命一击,逃出生天!33. POrlhPl2pr解析 如图,Þl=2,又2pr2=pl=2pÞr=1,所以h=,故体积.34. 【解析】因为点在线段上,所以,又因为点在线段上,所以点到平面的距离为1,即,所以. 【答案】35. 【答案】【解析】因为在正三棱锥ABC中,PA,PB,PC两两互相垂直,所以可以把该正三棱锥看作为一个正方体的一部分,(如图所示),此正方体内接于球,正方体的

21、体对角线为球的直径,球心为正方体对角线的中点. 球心到截面ABC的距离为球的半径减去正三棱锥ABC在面ABC上的 高.已知球的半径为,所以正方体的棱长为2,可求得正三棱锥ABC在面ABC上的高为,所以球心到截面ABC的距离为【点评】本题主要考查组合体的位置关系、抽象概括能力、空间想象能力、运算求解能力以及转化思想,该题灵活性较强,难度较大.该题若直接利用三棱锥来考虑不宜入手,注意到条件中的垂直关系,把三棱锥转化为正方体来考虑就容易多了. 36. 【答案】38 【解析】由三视图可知该几何体为一个长方体在中间挖去了一个等高的圆柱,其中长方体的长、宽、高分别为4、3、1,圆柱的底面直径为2,所以该几

22、何体的表面积为长方体的表面积加圆柱的侧面积再减去圆柱的底面积,即为【点评】本题主要考查几何体的三视图、柱体的表面积公式,考查空间想象能力、运算求解能力,属于容易题.本题解决的关键是根据三视图还原出几何体,确定几何体的形状,然后再根据几何体的形状计算出表面积. 37. 【答案】6.【考点】正方形的性质,棱锥的体积. 【解析】长方体底面是正方形,中 cm,边上的高是cm(它也是中上的高). 四棱锥的体积为.38. 【答案】92【解析】由三视图可知,原几何体是一个底面是直角梯形,高为4的直四棱柱,其底面积为,侧面积为,故表面积为92.【考点定位】考查三视图和表面积计算.2012年高考数学（2）点直线

23、平面之间的位置关系一、选择题 （2012浙江文）设是直线,a,是两个不同的平面（）A若a,则aB若a,则aC若a,a,则D若a, a,则 （2012四川文）下列命题正确的是（）A若两条直线和同一个平面所成的角相等,则这两条直线平行B若一个平面内有三个点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行C若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行D若两个平面都垂直于第三个平面,则这两个平面平行 （2012浙江理）已知矩形ABCD,AB=1,BC=.将ABD沿矩形的对角线BD所在的直线进行翻着,在翻着过程中,（）A存在某个位置,使得直线AC与直线BD垂直B存在某个位置,使得直线AB与直线

24、CD垂直C存在某个位置,使得直线AD与直线BC垂直D对任意位置,三直线“AC与BD”,“AB与CD”,“AD与BC”均不垂直 （2012四川理）下列命题正确的是（）A若两条直线和同一个平面所成的角相等,则这两条直线平行B若一个平面内有三个点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行C若一条直线平行于两个相交平面,则这条直线与这两个平面的交线平行D若两个平面都垂直于第三个平面,则这两个平面平行 （2012上海春）已知空间三条直线若与异面,且与异面,则 答（）A与异面.B与相交.C与平行.D与异面、相交、平行均有可能.二、填空题（2012四川文）如图,在正方体中,、分别是、的中点,则异面直线与所成的

25、角的大小是_.（2012大纲文）已知正方形中,分别为,的中点,那么异面直线与所成角的余弦值为_.（ 2012四川理）如图,在正方体中,、分别是、的中点,则异面直线与所成角的大小是_.（2012大纲理）三棱柱中,底面边长和侧棱长都相等,则异面直线与所成角的余弦值为_.三、解答题（2012重庆文）(本小题满分12分,()小问4分,()小问8分)已知直三棱柱中,为的中点.()求异面直线和的距离;()若,求二面角的平面角的余弦值.（2012浙江文）如图,在侧棱锥垂直底面的四棱锥ABCD-A1B1C1D1中,ADBC,ADAB,AB=.AD=2,BC=4,AA1=2,E是DD1的中点,F是平面B1C1E

26、与直线AA1的交点.(1)证明:(i)EFA1D1;(ii)BA1平面B1C1EF;(2)求BC1与平面B1C1EF所成的角的正弦值.（2012天津文）如图,在四棱锥中,底面是矩形,.(I)求异面直线与所成角的正切值;(II)证明平面平面;(III)求直线与平面所成角的正弦值.（2012四川文）如图,在三棱锥中,点在平面内的射影在上.()求直线与平面所成的角的大小;()求二面角的大小.（2012上海文）PABCD如图,在三棱锥P-ABC中,PA底面ABC,D是PC的中点.已知BAC=,AB=2,AC=2,PA=2.求:(1)三棱锥P-ABC的体积;(2)异面直线BC与AD所成的角的大小(结果用

27、反三角函数值表示).（2012陕西文）直三棱柱ABC- A1B1C1中,AB=A A1 ,=()证明;()已知AB=2,BC=,求三棱锥的体积.（2012山东文）如图,几何体是四棱锥,为正三角形,.()求证:;()若,M为线段AE的中点,求证:平面.（2012辽宁文）如图,直三棱柱,AA=1,点M,N分别为和的中点.()证明:平面;()求三棱锥的体积.(椎体体积公式V=Sh,其中S为地面面积,h为高)（2012课标文）如图,三棱柱中,侧棱垂直底面,ACB=90°,AC=BC=AA1,D是棱AA1的中点.(I) 证明:平面平面()平面分此棱柱为两部分,求这两部分体积的比.（2012江西

28、文）如图,在梯形ABCD中,ABCD,E,F是线段AB上的两点,且DEAB,CFAB,AB=12,AD=5,BC=4,DE=4.现将ADE,CFB分别沿DE,CF折起,使A,B两点重合与点G,得到多面体CDEFG.(1)求证:平面DEG平面CFG;(2)求多面体CDEFG的体积.（2012湖南文）如图6,在四棱锥P-ABCD中,PA平面ABCD,底面ABCD是等腰梯形,ADBC,ACBD.()证明:BDPC;()若AD=4,BC=2,直线PD与平面PAC所成的角为30°,求四棱锥P-ABCD的体积.（2012湖北文）某个实心零部件的形状是如图所示的几何体,其下部是底面均是正方形,侧面

29、是全等的等腰梯形的四棱台,上不是一个底面与四棱台的上底面重合,侧面是全等的矩形的四棱柱.(1)证明:直线平面;(2)现需要对该零部件表面进行防腐处理,已知(单位:厘米),每平方厘米的加工处理费为元,需加工处理费多少元?（2012广东文）(立体几何)如图5所示,在四棱锥中,平面,是的中点,是上的点且,为中边上的高.()证明:平面;()若,求三棱锥的体积;()证明:平面.（2012福建文）如图,在长方体中,为棱上的一点.(1)求三棱锥的体积;(2)当取得最小值时,求证:平面.（2012大纲文）如图,四棱锥中,底面为菱形,底面,是上的一点,.()证明:平面;DABPCE()设二面角为90°

30、,求与平面所成角的大小.（2012北京文）如图1,在RtABC中,C=90°,D,E分别是AC,AB上的中点,点F为线段CD上的一点.将ADE沿DE折起到A1DE的位置,使A1FCD,如图2. (1)求证:DE平面A1CB;(2)求证:A1FBE;(3)线段A1B上是否存在点Q,使A1C平面DEQ?说明理由. （2012安徽文）如图,长方体中,底面是正方形,是的中点,是棱上任意一点.()证明: ;()如果=2,=, , 求 的长.（2012天津理）如图,在四棱锥中,丄平面,丄,丄,.()证明丄;()求二面角的正弦值;()设E为棱上的点,满足异面直线BE与CD所成的角为,求AE的长.（

31、2012新课标理）如图,直三棱柱中,是棱的中点,(1)证明:(2)求二面角的大小.（2012浙江理）如图,在四棱锥PABCD中,底面是边长为的菱形,且BAD=120°,且PA平面ABCD,PA=,M,N分别为PB,PD的中点.()证明:MN平面ABCD;() 过点A作AQPC,垂足为点Q,求二面角AMNQ的平面角的余弦值.（2012重庆理）(本小题满分12分()小问4分()小问8分)如图,在直三棱柱 中,AB=4,AC=BC=3,D为AB的中点()求点C到平面 的距离;()若,求二面角 的平面角的余弦值.（2012四川理）如图,在三棱锥中,平面平面.()求直线与平面所成角的大小;()

32、求二面角的大小.（2012上海理）如图,在四棱锥P-ABCD中,底面ABCD是矩形,PA底面ABCD,E是PC的中点.已知AB=2,ABCDPEAD=2,PA=2.求:(1)三角形PCD的面积;(2)异面直线BC与AE所成的角的大小.（2012上海春）如图,正四棱柱的底面边长为,高为,为线段的中点.求:(1)三棱锥的体积;(2)异面直线与所成角的大小(结果用反三角函数值表示)（2012陕西理）(1)如图,证明命题“是平面内的一条直线,是外的一条直线(不垂直于),是直线在上的投影,若,则”为真.(2)写出上述命题的逆命题,并判断其真假 (不需要证明)（2012山东理）在如图所示的几何体中,四边形

33、是等腰梯形,平面.()求证:平面;()求二面角的余弦值.（2012辽宁理） 如图,直三棱柱,点M,N分别为和的中点.()证明:平面;()若二面角为直二面角,求的值.（2012江西理）在三棱柱中,已知,在在底面的投影是线段的中点。(1)证明在侧棱上存在一点,使得平面,并求出的长;(2)求平面与平面夹角的余弦值。（2012江苏）如图,在直三棱柱中,分别是棱上的点(点不同于点),且为的中点.求证:(1)平面平面;(2)直线平面.（2012湖南理） 如图5,在四棱锥P-ABCD中,PA平面ABCD,AB=4,BC=3,AD=5,DAB=ABC=90°,E是CD的中点.()证明:CD平面PAE

34、;()若直线PB与平面PAE所成的角和PB与平面ABCD所成的角相等,求四棱锥P-ABCD的体积.ABCDPE图5（2012湖北理）如图1,过动点A作,垂足D在线段BC上且异于点B,连接AB,沿将折起,使(如图2所示). ()当的长为多少时,三棱锥的体积最大;()当三棱锥的体积最大时,设点,分别为棱,的中点,试在棱上确定一点,使得,并求与平面所成角的大小.DABCACDB图2图1ME.·（2012广东理）如图5所示,在四棱锥中,底面为矩形,平面,点在线段上,平面.()证明:平面;()若,求二面角的正切值.（2012福建理）如图,在长方体中为中点.()求证:()在棱上是否存在一点,使得

35、平面?若存在,求的长;若不存在,说明理由. ()若二面角的大小为,求的长.（2012大纲理）(注意:在试题卷上作答无效)如图,四棱锥中,底面为菱形,底面,是上的一点,.(1)证明:平面;(2)设二面角为,求与平面所成角的大小.（2012北京理）如图1,在RtABC中,C=90°,BC=3,AC=6,D,E分别是AC,AB上的点,且DEBC,DE=2,将ADE沿DE折起到A1DE的位置,使A1CCD,如图2. (1)求证:A1C平面BCDE;(2)若M是A1D的中点,求CM与平面A1BE所成角的大小;(3)线段BC上是否存在点P,使平面A1DP与平面A1BE垂直?说明理由. （2012

36、安徽理）平面图形如图4所示,其中是矩形,.现将该平面图形分别沿和折叠,使与所在平面都与平面垂直,再分别连接,得到如图2所示的空间图形,对此空间图形解答下列问题.()证明:; ()求的长;()求二面角的余弦值.参考答案一、选择题【答案】B 【命题意图】本题考查的是平面几何的基本知识,具体为线面平行、线面垂直、面面平行、面面垂直的判定和性质. 【解析】利用排除法可得选项B是正确的,a,则a.如选项A:a,时, a或a;选项C:若a,a,或;选项D:若若a, a,或. 答案C 解析若两条直线和同一平面所成角相等,这两条直线可能平行,也可能为异面直线,也可能相交,所以A错;一个平面不在同一条直线的三点

37、到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行,故B错;若两个平面垂直同一个平面两平面可以平行,也可以垂直;故D错;故选项C正确. 点评本题旨在考查立体几何的线、面位置关系及线面的判定和性质,需要熟练掌握课本基础知识的定义、定理及公式. 【答案】B【解析】最简单的方法是取一长方形动手按照其要求进行翻着,观察在翻着过程,即可知选项B是正确的.答案C 解析若两条直线和同一平面所成角相等,这两条直线可能平行,也可能为异面直线,也可能相交,所以A错;一个平面不在同一条直线的三点到另一个平面的距离相等,则这两个平面平行,故B错;若两个平面垂直同一个平面两平面可以平行,也可以垂直;故D错;故选项C正确. 点评本

38、题旨在考查立体几何的线、面位置关系及线面的判定和性质,需要熟练掌握课本基础知识的定义、定理及公式. D二、填空题答案90º解析方法一:连接D1M,易得DNA1D1 ,DND1M, 所以,DN平面A1MD1, 又A1M平面A1MD1,所以,DNA1D1,故夹角为90º方法二:以D为原点,分别以DA, DC, DD1为x, y, z轴,建立空间直角坐标系Dxyz.设正方体边长为2,则D(0,0,0),N(0,2,1),M(0,1,0)A1(2,0,2) 故,所以,cos< = 0,故DND1M,所以夹角为90º点评异面直线夹角问题通常可以采用两种途径: 第一,把

39、两条异面直线平移到同一平面中借助三角形处理; 第二,建立空间直角坐标系,利用向量夹角公式解决. 【解析】正确的是四面体每个面是全等三角形,面积相等从四面体每个顶点出发的三条棱两两夹角之和等于连接四面体每组对棱中点构成菱形,线段互垂直平分 从四面体每个顶点出发的三条棱的长可作为一个三角形的三边长解析方法一:连接D1M,易得DNA1D1 ,DND1M, 所以,DN平面A1MD1, 又A1M平面A1MD1,所以,DNA1D1,故夹角为90º 方法二:以D为原点,分别以DA, DC, DD1为x, y, z轴,建立空间直角坐标系Dxyz.设正方体边长为2,则D(0,0,0),N(0,2,1)

40、,M(0,1,0)A1(2,0,2) 故,所以,cos< = 0,故DND1M,所以夹角为90º 答案【命题意图】本试题考查了斜棱柱中异面直线的角的求解.用空间向量进行求解即可. 【解析】设该三棱柱的边长为1,依题意有,则而三、解答题【答案】:()()【解析】:()如答(20)图1,因AC=BC, D为AB的中点,故CD AB.又直三棱柱中, 面 ,故 ,所以异面直线 和AB的距离为():由故 面 ,从而 ,故 为所求的二面角的平面角.因是在面上的射影,又已知 由三垂线定理的逆定理得从而,都与互余,因此,所以,因此得从而所以在中,由余弦定理得【命题意图】本题主要以四棱锥为载体考

41、查线线平行,线面垂直和线面角的计算,注重与平面几何的综合, 同时考查空间想象能力和推理论证能力. (1)(i)因为, 平面ADD1 A1,所以平面ADD1 A1.又因为平面平面ADD1 A1=,所以.所以. (ii)因为,所以, 又因为,所以, 在矩形中,F是AA的中点,即.即 ,故. 所以平面. (2) 设与交点为H,连结. 由(1)知,所以是与平面所成的角. 在矩形中,得,在直角中,得 ,所以BC与平面所成角的正弦值是. 解:(1)如图,在四棱锥中,因为底面是矩形,所以,且,又因为,故或其补角是异面直线与所成的角. 在中,所以异面直线与所成角的正切值为2.(2)证明:由于底面是矩形,故,又

42、由于,因此平面,而平面,所以平面平面. (3)在平面内,过点作交直线于点,连接.由于平面平面,由此得为直线与平面所成的角. 在中,可得在中,由平面,得平面,因此在中,在中,所以直线与平面所成角的正弦值为.解析(1)连接OC. 由已知,所成的角 设AB的中点为D,连接PD、CD. 因为AB=BC=CA,所以CDAB. 因为等边三角形, 不妨设PA=2,则OD=1,OP=, AB=4. 所以CD=2,OC=. 在Rttan(2)过D作DE于E,连接CE.由已知可得,CD平面PAB. 据三垂线定理可知,CEPA, 所以,. 由(1)知,DE=在RtCDE中,tan故点评本题旨在考查线面位置关系和二面

43、角的基础概念,重点考查思维能力和空间想象能力,进一步深化对二面角的平面角的求解.求解二面角平面角的常规步骤:一找(寻找现成的二面角的平面角)、二作(若没有找到现成的,需要引出辅助线作出二面角的平面角)、三求(有了二面角的平面角后,在三角形中求出该角相应的三角函数值). PABCDE解(1), 三棱锥P-ABC的体积为 (2)取PB的中点E,连接DE、AE,则 EDBC,所以ADE(或其补角)是异面直线 BC与AD所成的角 在三角形ADE中,DE=2,AE=,AD=2, ,所以ADE=. 因此,异面直线BC与AD所成的角的大小是证明:(I)设中点为O,连接OC,OE,则由知, 又已知,所以平面O

44、CE. 所以,即OE是BD的垂直平分线,所以. (II)取AB中点N,连接,M是AE的中点,是等边三角形,.由BCD=120°知,CBD=30°, 所以ABC=60°+30°=90°,即,所以NDBC, 所以平面MND平面BEC,又DM平面MND,故DM平面BEC. 另证:延长相交于点,连接EF.因为CB=CD,. 因为为正三角形,所以,则, 所以,又, 所以D是线段AF的中点,连接DM, 又由点M是线段AE的中点知, 而平面BEC, 平面BEC,故DM平面BEC. 【答案与解析】 (1)证明:取中点P,连结MP,NP,而M,N分别是A与的中点

45、,所以, MPA,PN,所以,MP平面AC,PN平面AC,又,因此平面MPN平面AC,而MN平面MPN,所以,MN平面AC, ()（解法一）连结BN，由题意,面面=,面NBC， =1, .(解法2) 【点评】本题以三棱柱为载体主要考查空间中的线面平行的判定、棱锥体积的计算,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力,难度适中.第一小题可以通过线线平行来证明线面平行,也可通过面面平行来证明;第二小题求体积根据条件选择合适的底面是关键,也可以采用割补发来球体积. 【命题意图】本题主要考查空间线线、线面、面面垂直的判定与性质及几何体的体积计算,考查空间想象能力、逻辑推理能力,是简单题. 【解析】(

46、)由题设知BC,BCAC,面, 又面, 由题设知,=,即, 又, 面, 面, 面面; ()设棱锥的体积为,=1,由题意得,=, 由三棱柱的体积=1, =1:1, 平面分此棱柱为两部分体积之比为1:1. 法二:(I)证明:设,则, 因侧棱垂直底面,即,所以, 又D是棱AA1的中点,所以在中,由勾股定理得: ; 同理,又, 所以:, 即有因平面,所以, 又,所以 ,所以侧面,而平面, 所以:;由(1)和(2)得:平面, 又平面 ,所以平面平面(II) 平面BDC1分此棱柱的下半部分可看作底面为直角梯形,高为的一个四棱锥,其体积为:, 该四棱柱的总体积为, 所以,平面BDC1分此棱柱的上半部的体积为

47、所以 ,所求两部分体积之比为 【解析】(1)由已知可得AE=3,BF=4,则折叠完后EG=3,GF=4,又因为EF=5,所以可得又因为,可得,即所以平面DEG平面CFG. (2)过G作GO垂直于EF,GO 即为四棱锥G-EFCD的高,所以所求体积为【解析】()因为又是平面PAC内的两条相较直线,所以BD平面PAC, 而平面PAC,所以. ()设AC和BD相交于点O,连接PO,由()知,BD平面PAC, 所以是直线PD和平面PAC所成的角,从而. 由BD平面PAC,平面PAC,知. 在中,由,得PD=2OD. 因为四边形ABCD为等腰梯形,所以均为等腰直角三角形, 从而梯形ABCD的高为于是梯形

48、ABCD面积 在等腰三角形AOD中,所以故四棱锥的体积为. 【点评】本题考查空间直线垂直关系的证明,考查空间角的应用,及几何体体积计算.第一问只要证明BD平面PAC即可,第二问由()知,BD平面PAC,所以是直线PD和平面PAC所成的角,然后算出梯形的面积和棱锥的高,由算得体积. 【解析】(1)因为四棱柱的侧面是全等的矩形,所以又因为,所以平面连接,因为平面,所以因为底面是正方形,所以.根据棱台的定义可知,与共面. 又已知平面平面,且平面平面平面,所以,于是 由,可得,又因为,所以平面. (2)因为四棱柱的底面是正方形,侧面是全等的矩形,所以 又因为四棱台的上、下底面均是正方形,侧面是全等的等

49、腰梯形,所以 于是该实心零部件的表面积为,故所需加工处理费为(元) 【点评】本题考查线面垂直,空间几何体的表面积;考查空间想象,运算求解以及转化与划归的能力.线线垂直线面垂直面面垂直是有关垂直的几何问题的常用转化方法;四棱柱与四棱台的表面积都是由简单的四边形的面积而构成,只需求解四边形的各边长即可.来年需注意线线平行,面面平行特别是线面平行,以及体积等的考查. 解析:()因为平面,平面,所以.又因为为中边上的高,所以.,平面,平面,所以平面. (),因为是的中点,平面,所以点到平面的距离等于,即三棱锥的高,于是. ()取中点,连接、.因为是的中点,所以且.而是上的点且,所以且.所以四边形是平行

50、四边形,所以.而,所以.又因为平面,平面,所以.而,平面,平面,所以平面,即平面. 【考点定位】本题主要考察直线与直线、直线与平面的位置关系以及体积等基本知识,考查空间想象能力、推理论证能力、运算求解能力、数形结合思想、化归与转化思想. 【解析】(1)又长方体AD平面.点A到平面的距离AD=1, =×2×1=1 ,(2)将侧面绕逆时针转动90°展开,与侧面共面.当,M,C共线时, +MC取得最小值AD=CD=1 ,=2得M为的中点连接M在中,=MC=,=2, =+ , =90°,CM, 平面,CM AMMC=C CM平面,同理可证AM 平面MAC 【命题

51、意图】本试题主要是考查了四棱锥中关于线面垂直的证明以及线面角的求解的运用.从题中的线面垂直以及边长和特殊的菱形入手得到相应的垂直关系和长度,并加以证明和求解. 解:设,以为原点,为轴,为轴建立空间直角坐标系,则设. ()证明:由得, 所以,所以, .所以,所以平面; () 设平面的法向量为,又,由得,设平面的法向量为,又,由,得,由于二面角为,所以,解得. 所以,平面的法向量为,所以与平面所成角的正弦值为,所以与平面所成角为. 【点评】试题从命题的角度来看,整体上题目与我们平时练习的试题和相似,底面也是特殊的菱形,一个侧面垂直于底面的四棱锥问题,那么创新的地方就是点的位置的选择是一般的三等分点,这样的解决对于学生来说就是比较有点难度的,因此最好使用空间直角坐标系解决该问题为好. 【考点定位】本题第二问是对基本功的考查,对于知识掌握不牢靠的学生可能不能顺利解决.第三问的创新式问法,难度比较大. 解:(1)因为D,E分别为AC,AB的中点,所以DEBC