通信原理期末试卷

1、.通信原理期末试卷一、填空题：（每空 0.5分，共 15 分）衡量通信系统的质量指标主要有 和 ，具体对数字通信系统而言，前者常用 来衡量，后者常用来衡量。在数字通信中，产生误码的因素有两个：一是由传输特性不良引起的，二是传输中叠加的。在情况下，消息的平均信息量最大。根据香农公式，理想解调器的输入信噪比 SiNi和带宽 Bc 与输出信噪比 So N o 和带宽 Bs 之间满足。模拟信号数字传输系统的主要功能模块是、和。包络检波法的系统误码率取决于和。基带传输系统的总误码率依赖于和之比。一个连续信道的信道容量受、“三要素”的限制。起伏噪声可分为、及。恒参信道的传输特性通常可以用和来表征。信道传输

2、信息的速率与、以及有关。若线性系统的输入过程it 是高斯型的，则输出 o t 是型的。设一分组码（010111），则它的码长是，码重是，该分组码与另一分组码 （110010）的码距是。二、判断题：（正确画“”，错误画“ ×”；每题 0.5 分，共 5 分）码元传输速率与信息传输速率在数值上是相等的。 （ ）恒参信道对信号传输的影响是变化极其缓慢的，因此，可以认为它等效于一个时变的线性网络。（ ）对于受到高斯白噪声干扰的连续信道，若n00 ，则信道容量 C。（ ）小信噪比时，调频系统抗噪声性能将比调幅系统优越，且其优越程度将随传输带宽的增加而增加。（ ）在大信噪比情况下， AM 信号检

3、波器的调制制度增益随基带信号的支流分量的减少而减少。 （ ）任何一个采用线性调制的频带传输系统，总可以由一个等效的基带传输系统所替代。（ ）对于数字基带信号 S t 的功率谱密度的连续谱部分总是存在的，而离散谱可有可无。 （ ）基带传输系统的总误码率与判决门限电平有关。 （ ）一种编码的检错和纠错能力与该编码的最大码距的大小有直接关系。（ ）一般说来，通过键控法得到二进制移频键控信号（2FSK）的相位（n 、 n ）与序列 n 无关。（ ）三、单项选择题：（每题 1 分，共 10 分）下列关于群延迟畸变与幅度畸变说法正确的是。（A ） 群延迟畸变是线性畸变，幅度畸变是非线性畸变；（B） 群延迟

4、畸变、幅度畸变都是线性畸变；（C） 群延迟畸变是非线性畸变，幅度畸变是线性畸变；（D） 群延迟畸变、幅度畸变都是非线性畸变。如下图所示的四条函数曲线，哪一条不是平稳过程的正确的自相关函数曲线。;.f ( )f ( )OO( A )( B)f ( )f ( )O4T 2TO 2T 4T(C)(D)线性调制系统的调制制度增益。（A ）与调制方式有关，与解调方式无关；（B）与调制方式无关，与解调方式有关；（C）与调制方式无关，与解调方式无关；（D）与调制方式有关，与解调方式有关。窄带噪声 n t 的同相分量 nc t与正交分量 ns t具有如下性质。（A ） nc t 与 ns t 都具有带限性质；

5、（B） nc t 与 ns t 都具有带通性质；（C） nc t 与 ns t 都具有高通性质；（D） nc t 与 ns t 都具有低通性质。在带宽与信噪比互换关系上，下列性能与理想通信系统性能差距最小。（A ）SSB 系统；（ B）FM 系统；（C） M 系统；（ D）PCM 系统在一个码组内纠正 t 位错误，同时检测 e et 个误码，要求最小距离 dmin 应为。（A ） d min2te1（B） dminte 1（C） dmint2e1（D） d min2t2e1传输速率为 9600 B的二进制数码流，所需的最小传输带宽为。（A ）3.2 kHz（ B）4.8 kHz（C）1.6 k

6、Hz（ D）9.6 kHz在相同的大信噪比下，通断键控信号（ OOK ）同步检测时的误码率比包络检波时的误码率。（A ）低；（B）高；（C）一样；（D）没有可比性下列属于线性调制的是。（A ）振幅键控；（B）频移键控；（C）相移键控；（D）角度调制。在抗加性高斯白噪声性能方面， 2ASK 、2FSK、2PSK 从优到差的次序为。（A ）2FSK、2ASK 、2PSK；（B）2ASK、2FSK、2PSK；（C）2ASK 、2PSK、2FSK；（D）2PSK、2FSK、2ASK。;.四、作图题：（5 分）已知数字信息an1011010 ，分别以下列两种情况画出 2PSK，2DPSK 的波形以及写出

7、相对码 bn 。（1）码元速率为 1200 B，载波频率为 1200 Hz；（2）码元速率为 1200 B，载波频率为 1800 Hz；五、论述题：（每题 5 分，共 30 分）什么是门限效应？ AM 信号采用包络检波法解调时为什么会产生门限效应？窄带高斯白噪声中的“窄带”、“高斯”、“白”的含义各是什么？什么是“倒现象”？为什么二进制移相键控信号会出现“倒现象”假设恒参信道的传输特性为 H，相频特性为，则它的不失真条件是什么？什么是群延迟频率特性()，其表达式是什么？消除码间干扰的方法有几种，并说明它们的思想？为什么 DSB 信号的解调器使信噪比改善一倍？六、计算题：（1、2、3 每题 10

8、 分；4 题 5 分，共 35 分）若it是平稳随机过程，其功率谱密度P in02，将它加于下图所示系统，试确定该系统输出随机过程的功率谱密度和相关函数。i tot迟延T设最高频率为 3 kHz 的话音信号经 DSB 调制后，在 f030 MHz 的高频信道上传递 10 km。信道传输的功率衰耗为 10dB/km，信道中存在高斯白噪声，其双边功率谱密度为 n0 210 16W/Hz ，要求接收输出信噪比 So N o40 dB。（1）请画出解调方框图（应注明各方框主要参数） ；（2）试确定输出噪声功率谱密度；（3）试确定最小平均发送功率。二进制数字基带传输系统如左图所示，设C1，GTGRH。现

9、已知H0 1 cos 0 ,00其它（1）若 n t的双边功率谱密度为 n02 W/Hz，试确定 GR的输出噪声功率；;.（2）若在抽样时刻 KT （K 为任意正整数）上，接收滤波器的输出信号以相同概率取 0，A 电平，而输出噪声取值 V 服从下述概率密度分布的随机变量，即：M1f Ve0常数2，试求系统最小误码率 Pe 。输入输出G TCG R抽样判决器n t0已知滤波器的 H具有如下图所示的特性 （码元速率变化时特性不变），当采用以下码元速率时 （假设码元经过了理想抽样才加到滤波器）：码元速率f b1000f b4000Baud； (b)码元速率Baud；(c)码元速率f b1500(d)

10、码元速率f b3000Baud；Baud。问：（1）哪种码元速率不会产生码间串扰？为什么？（2）哪种码元速率根本不能用？为什么？（3）哪种码元速率会产生码间串扰，但还可以用？为什么？H ( f )1fHz1000O1000;.20022003学年第二学期通信原理期末试卷答案一、填空题：（每空 0.5 分，共 15 分）1. 有效性、可靠性；码元速率，误码率。2. 码间串扰，加性噪声。3. 等概率。4.Bc log 2 1 Si N i Bs log 2 1 S0 N05. A/D 、数字传输系统、 D/A 。6. 系统输入信噪比、归一化门限值。7. 信号峰值、噪声均方根值。8. 信道的带宽（

11、B）、信道输出的信号功率（ S）、噪声单边功率谱密度（ n0 ）。9. 热噪声、散弹噪声、宇宙噪声。10. 幅度频率特性、相位频率特性。11. 单位时间传送的符号数目、信息源的概率分布、信道干扰的概率分布。12. 高斯。13. 6、 4、3二、判断题：（正确画“”，错误画“ ×”；每题 0.5 分，共 5 分）1. ×；2. × ； 3. ；4. ×；5. × ；6. ；7. ；8. ；9. ×；10. 。三、单项选择题：（每题 1 分，共 10 分）1.B；2.A；3.D；4.D；5.B；6. A ；7. B ；8. A ；9. A

12、 ；10.D 。四、作图题：（5 分）五、论述题：（每题 5 分，共 30 分）1. 答：门限效应：就是当包络检波器的输入信噪比降低到一个特定的数值后，检波器输出信噪比出现急剧恶化的一种现象。因为，门限效应是由包络检波器的非线性解调作用所引起的，而 AM 信号采用了包络检波法， 所以会产生门限效应。2. 答：“窄带”是指系统的频带比起中心频率来小得多的系统；“白”是指噪声的功率谱密度服从均匀分布；“高斯” 是指噪声的概率密度函数服从正态分布。3. 答：在数字调制系统中，如果采用绝对移相方式，由于发送端是以某一个相位作为基准的，因而在接收端系统中也必须有这样一个固定基准相位作参考。如果这个参考相

13、位发生变化（ 0 相位变 相位或 相位变 0 相位），则恢复的数字信息就会发生 0 变为 1 或 1 变为 0，从而造成错误的恢复。 而实际通信时，参考基准相位的随机跳变是可能的，而且在通信过程中不易被发觉，就会在接受端发生错误的恢复，这种现象就称为“倒 现象”。因为二进制移相键控信号采用是绝对移相方式，所以就可能出现“倒现象”。4. 答：不失真条件：H满足：;.H 为一条水平线； 成线性关系群延迟频率特性：频率特性对频率的导数。dd5. 答：1）奈奎斯特第一准则：为了消除码间干扰，则基带传输特性应满足：12iTsTs1iTs2iTsTs或iTs2）奈奎斯特第二准则：有控制地在某些码元的抽样时

14、刻引入码间干扰，而在其余码元的抽样时刻无码间干扰，那么就能使频带利用率提高到理论上的最大值，同时又可以降低对定时精度的要求。3）频域均衡在基带系统中插入一种可调（也可不调）滤波器将能减少码间干扰的影响。频域均衡就是利用可调滤波器的频率特性去补偿基带系统的频率特性， 使包括可调滤波器在内的基带系统的总特性满足实际性能的要求。6. 答：因为它采用同步解调，使输入噪声中的一个正交分量ns (t) 被消除的缘故。六、计算题：（1、2、3 每题 10 分；4 题 5 分，共 35 分）1. 解：显然 H1e jwT ，所以2H2 1cosT输出功率谱密度为2P 0HP i2P i1 cos T又因为P

15、02 e j Te j Tn02所以R 02R iR iTR iTn02TT22. 解：（1）如下图所示，其中 BPF 的传输特性为;.H 1fK 1 ,30MHz 3kHzf30MHz3kHzK 1, K 2为常数0,其他 fLTP 的传输特性为H 2fK 2 ,f3kHz0,其他 f（2）输出噪声功率为N 01 N i1n0BDSB441210 166000310 134W所以输出噪声功率谱密度 P0f为P0fN 0310 130.5 10162300023000W/HzS040Si110 4（3）要求 N0dB，即要求 N i2，此时接收机输入功率Si1104 Ni2 ，又由于信道损耗为

16、 10× 10 dB，故最小平均发送功率为S10101104210 166000602WDSBLPFBPF3. 解：f030MHz（1）由图知接收滤波器 GR输入噪声双边功率谱密度为 Pin02 ，则接收滤波器 GR双边功率谱密度为PoPiGR2n01cos,0020接收滤波器 GR输出噪声功率为10d10n01cosn0N oPo200 d20022（2）系统总的误码率 Pe 为.输出噪声;.PeP 1 Pe1P 0 Pe 0在单极性波形情况下，Pe1 和 Pe0 分别为Pe1Pe 0VdVd1x Aexpdx2x1 xexpdx2x式中 Vd 是判决门限，误码率PeP 1Vd 1expxAdxP 01xdx2x2expVdx可以通过求偏导数Pe Vd0 得到最佳判决门限 Vd*，当P1 P0时，Pe1expVd*A1Vd*0Vd2exp2expVd*AexpVd*x化简上式可得到最佳判决门限 Vd*A 2，此时系统误码率 Pe 为A 21xA1xPeP 1expdxP 0expdx2A 2 2x1A 2xA dx1expx dx1 ex