安徽黄山屯溪一中2012016学年高二下期中化学试卷理科解析版

1、2015-2016学年安徽省黄山市屯溪一中高二（下）期中化学试卷（理科）一、选择题（每小题只有一个正确选项，每题2分，共36分）1 .下列说法不正确的是（）A.减压蒸储可以防止炭化结焦B.石油裂化的目的是提高汽油的产量和质量C.石油的常压蒸储，减压蒸储以及煤的干储都是物理变化D.芳香煌的主要来源是石油的催化重整和煤的干储2 .下列分子式不只表示一种物质的是（）A.C2H6B.C3H8C.CF2c12D.C2F2CI43 .碳酸亚乙烯酯是锂离子电池低温电解液的重要添加剂，其结构如图.下列有关该物质的说法正确的是（）n人OC=/A.1mo1该物质最多可与2mo1H2加成B.分子式为C3H2O3C.

2、分子中只有极性键D.8.6g该物质完全烧得到6.72LCO24.下列有机物名称正确的是（）21,22,2二甲基4己醇3,4二甲基戊烷二澳乙烷1-甲基丙醇2-甲基-3-戊快2-甲基-1,3-丁二烯.A.B.C.D.5,分子式为C9H10O2的含有一价苯环的所有酯类同分异构体有（）A.4种B.5种C.6种D.7种6 .据报道，1995年化学家合成了一种分子式为C200H200的有机物，它是含多个碳碳叁键（-C-C-）的链状烧，则分子中含碳碳叁键最多是（）A.49个B.50个C.51个D.不能肯定7 .下列说法正确的是（）A.实验室制取乙烯时浓硫酸是催化剂和吸水剂B.硝基苯制备时浓硫酸作催化剂和脱水

3、剂C.实验室制备乙烯、硝基苯、苯磺酸时均使用到温度计，且水银球在反应混合物液面以下D.水浴加热的优点是可以受热均匀且便于控制温度8 .乌洛托品在合成、医药、染料等工业中有广泛用途，其结构式如图所示.将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品.若原料完全反应生成乌洛托品，则甲醛与氨的物质的量之比为（）A.1：1B.2：3C.3：2D.2：19 .下列各组液体混合物，能用分液漏斗分离的是（）A,澳苯和澳B,正己烷和水C,苯和硝基苯D,乙醇和水10 .常温下，1mol某气态煌CxHy完全燃烧需要氧气5mol,则x与y之和可能是（）A.x+y=5B,x+y=7C,x+y=11D,x+y=1311,分子式

4、为C4H10O2的同分异构体中，只有一种官能团且能与钠反应的共有（已知：同一个碳上连有多个羟基不稳定）（）A.6种B.7种C.8种D.9种12.下列鉴别方法不可行的是（）A,用KMnO4（H+）溶液鉴别甲苯、丙烯、已烷B.用滨水鉴别苯、丙烯、四氯化碳C.用水鉴别乙醇、苯、四氯化碳D.用NaOH溶液鉴别澳乙烷、甲苯、硝基苯13 .下列实验操作与实验目的都正确的是（）实验操作实验目的A制乙快时用饱和食盐水代替水加快化学反应速率BCH4与SO2混合气体通过盛有滨水的洗气瓶除去中CH4的SO2C甲烷与乙烯的混合气体通过盛有酸性高镒酸钾的洗气瓶除去甲烷中的乙烯D,浓硫酸、乙醇混合加入试管中，加热，然后将

5、导管末端插入酸性KMnO4溶液中，观察现象；检验是含有乙烯生成A.AB.BC.CD.D14 .鉴定1,3-二氯丙烷中氯元素的存在，下列描述正确的是（A.加入NaOH的溶液，加热，冷却后加入AgNO3溶液AgNO3溶液A和B完全燃烧时，消耗（）B.加入NaOH溶液，加热，冷却后加入足量稀硝酸酸化，再加入C,在氯乙烷中直接加入AgNO3溶液D.加蒸储水，充分搅拌后，加入AgNO3溶液15.有机物A、B只可能为煌或煌的含氧衍生物，等物质的量的氧气的量相等，则A和B的分子量相差不可能为（n为正整数）A. 8nB.14nC.18nD.44n16.合成导电高分子材料PPV的反应:ltVI>111卜列

6、说法正确的是（）A.合成PPV的反应为加聚反应B. PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元C.IHCH和苯乙烯互为同系物D.通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度17. CaC2和ZnC2、AI4C3、Mg2c3、Li2c2等都同属离子型碳化物.请通过对CaC2制C2H2的反应进行思考，从中得到必要的启示，判断下列反应产物正确的是（）A.ZnC2水解生成乙烷（C2H6）B,AI4C3水解生成丙快（C3H4）C. Mg2c3水解生成丙快（C3H4）D.Li2c2水解生成乙烯（C2H4）18 .下列说法正确的是（）甲苯是苯的同系物，均不能使酸性高镒酸钾溶液褪色间二氯苯没有同分异构体证

7、明了苯分子不是单双键交替硝基苯中含有苯、浓硝酸、浓硫酸杂质，除杂方法是向其中加入氢氧化钠溶液后分液.A,B.C,D.、填空题19 .请正确表示下列化学用语：乙焕（结构式）;甲烷（空间构型）;羟基（电子式）C22（电子式）；1,3-丁二烯（实验式）.20 .高分子化合物.是由三种单体通过加聚反应而制得的.这三种单体的结构简式是、.21NaCl（KNO3）固体中提取NaCl固体：.KNO3（NaCl）溶液中得KNO3固体：.乙醇（水）混合物中得无水乙醇：.澳苯（澳）混合物中得澳苯：.22.有机物F是一种新型涂料固化剂，可由下列路线合成（部分反应条件略去）.请回答下列问题：CCNniC<-：j

8、-Ori（1）B的结构简式是;E中含有的官能团名称是（2）由C和E合成F的化学方程式是.（3）同时满足下列条件的苯的同分异构体的结构简式是.含有3个双键；核磁共振氢谱只显示1个吸收峰；不存在甲基（4）乙烯在实验室可由（填有机物名称）通过（填反应类型）制备，制乙烯时还产生少量SO2、CO2及水蒸气，用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是.（填序号）.过量饱和Na2SO3溶液酸fKMnO4溶液石灰水无水CuSO4品红溶液（5）下列说法正确的是（填序号）.a.A属于饱和煌b.D与乙醛的分子式相同c.E不能与盐酸反应d.F可以发生酯化反应.23.书写化学方程式并注明反应类型(有机物写结构简

9、式)实验室制取乙快气体：()甲苯制备TNT：()1.1 1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成2mol丁酮，则该烯的结构简式为1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成1molHOOC-CH(CH3)-CH2-CH?-CH(CH3)-COCH3,则该烯的结构简式为.25 .某煌类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84,红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢.Cb(1)(2)(3)A的结构简式为¥A中的碳原子是否都处于同一平面？(填是”或者不是”)；在如图中，D1、D2互为同分异构体，E1、E2互为同分异构体.反应的化学方程式为;C的名称为；E2的结构简式是;

10、、的反应类型依次是、.26 .四苯基乙烯(TPE)及其衍生物具有聚集诱导发光特性，在光电材料等领域应用前景广泛，以下是TPE的两条合成路线(部分试剂和反应条件省略)：COOHCOBrFF(1) A的名称是;试剂Y为;(2) B-C的反应类型是;B中官能团的名称是,D中官能团的名称是；(3) E-F的化学方程式是；(4) W是D的同分异构体，具有下列结构特征：属于蔡(J)的一兀取代物；存在羟甲基(-CH2OH),写出W所有可能的结构简式：;(5)下列说法正确的是.a、B的酸性比苯酚强b、D不能发生还原反应c、E含有3种不同化学环境的氢d、TPE既属于芳香煌也属于烯煌.三、计算题27.有机物A由碳

11、、氢、氧三种元素组成.现取3gA与4.48L氧气(标准状况)在密闭容器中燃烧，燃烧后生成二氧化碳、一氧化碳和水蒸气(假设反应物没有剩余).将反应生成的气体依次通过浓硫酸和碱石灰，浓硫酸增重3.6g,碱石灰增重4.4g.回答下列问题：(1)3gA中所含氢原子、碳原子的物质的量各是多少？(2)通过计算确定该有机物的分子式.2015-2016学年安徽省黄山市屯溪一中高二（下）期中化学试卷（理科）参考答案与试题解析一、选择题（每小题只有一个正确选项，每题2分，共36分）1.下列说法不正确的是（）A.减压蒸储可以防止炭化结焦B.石油裂化的目的是提高汽油的产量和质量C.石油的常压蒸储，减压蒸储以及煤的干储

12、都是物理变化D.芳香煌的主要来源是石油的催化重整和煤的干储【考点】石油的裂化和裂解；化石燃料与基本化工原料.【分析】A.减压蒸储可降低熔沸点；B.石油裂化的目的是为了提高轻质液体燃料的产量，特别是提高汽油的产量；C.煤干储是指煤在隔绝空气的条件下加热，生成煤焦油、焦炭、焦炉气等新物质；D.石油的催化重整和煤的干储均可以得到芳香煌.【解答】解：A.减压蒸储可降低熔沸点，防止炭化结焦，故A正确；B.石油裂化的目的是为了提高轻质液体燃料（汽油，煤油，柴油等）的产量，特别是提高汽油的产量，故B正确；C.煤干储是指煤在隔绝空气的条件下加热，生成煤焦油、焦炭、焦炉气等新物质，属于化学变化，故C错误；D.石

13、油的催化重整和煤的干储均可以得到芳香煌，是芳香煌的主要来源，故D正确.故选C.2.下列分子式不只表示一种物质的是（）A.C2H6B.C3H8C.CF2c12D.C2F2CI4【考点】同分异构现象和同分异构体.【分析】分子式只能表示一种物质，就是说它不存在同分异构体.同分异构体是分子式相同，但结构不同的化合物，根据是否存在同分异构体判断.【解答】解：A、C2H6为乙烷，只有一种结构不存在同分异构体，所以能只表示一种物质，故A错误；B、C3H8为丙烷，只有一种结构不存在同分异构体，所以能只表示一种物质，故B错误；C、甲烷中的四个氢原子等效，所以CF2c12只有一种结构不存在同分异构体，所以能只表示

14、一种物质，故C错误；D、乙烷中六个氢原子等效，但是其中两个被F代替，零四个备C1代替时，F可以代替同一个碳原子上的两个氢原子，也可以代替不同碳原子的氢原子，即C2F2c14存在同分异构体，所以不能表示一种物质，故D正确；故选D.3.碳酸亚乙烯酯是锂离子电池低温电解液的重要添加剂，其结构如图.下列有关该物质的说法正确的是（）0人oc=1A.1mol该物质最多可与2molH2加成B.分子式为C3H2O3C.分子中只有极性键D.8.6g该物质完全上期烧得到6.72LCO2【考点】有机物的结构和性质.COOC,结合烯烧、酯的性质来解答.则1mol该物质最多可与1molH2加成,D错误;【分析】由结构可

15、知分子式，分子中含碳碳双键、-【解答】解：A.只有碳碳双键与氢气发生加成反应,故A错误；B,由结构可知分子式为C3H2O3,故B正确；C.含C=C非极性键，故C错误；D.状况未知，不能计算生成二氧化碳的体积，故故选B.4.下列有机物名称正确的是()21,22,2二甲基4己醇3,4二甲基戊烷二澳乙烷1-甲基丙醇2-甲基-3-戊快2-甲基-1,3-丁二烯.A.B.C.D.【考点】有机化合物命名.【分析】判断有机物的命名是否正确或对有机物进行命名，其核心是准确理解命名规范：(1)烷烧命名原则：长选最长碳链为主链；多遇等长碳链时，支链最多为主链；近离支链最近一端编号；小支链编号之和最小.看下面结构简式

16、，从右端或左端看，均符合近-离支链最近一端编号”的原则；简两取代基距离主链两端等距离时，从简单取代基开始编号.如取代基不同，就把简单的写在前面，复杂的写在后面；(2)有机物的名称书写要规范.【解答】解：烷煌命名时，要选最长的碳链为主链，故名称为3-甲基己烷，故错误;?卤代燃命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号，故名称为1,2-二氯丁烷，故正确；?醇命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号，故-OH在3号碳原子上，在5号碳原子上有2个甲基，故名称为5,5-二甲基-3-己醇，故错误；烷嫌命名时，要选最长的碳链为主链

17、，从离支链近的一端给主链上碳原子编号，故在2号和3号碳原子上各有一个甲基，故名称为2,3-二甲基戊烷，故错误；含官能团的有机物在命名时，要标识出官能团的位置，故错误；醇命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，且应标识出官能团的位置，故1-甲基丙醇的名称是错误的，故错误；烯煌命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，故主链上有5个碳原子，从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号，故碳碳三键在2号和3号碳原子之间，在4号碳原子上有一个甲基，故名称为4-甲基-2-戊快，故错误；烯煌命名时，要选含官能团的最长的碳链为主链，从离官能团最近的一端给主链上的碳原子编号，当两端离官能团一样近时，要从离支链近的一

18、端给主链上的碳原子编号，故名称为2-甲基-1,3-丁二烯，故正确.故选C.5,分子式为C9H10O2的含有一价苯环的所有酯类同分异构体有（）A.4种B.5种C.6种D.7种【考点】有机化合物的异构现象.一,一、,9X9+2-10，、,A【分析】有机物A的分子式为C9H10O2,不饱和度为=5,分子内含一个苯环、2属于酯、苯环上只有一个取代基，故含有苯环、酯基，结合取代基的不同分析同分异构体；,、,2X9+2-10_人【解答】解：有机物A的分子式为C9H10O2,不饱和度为二5,属于芳香族化合2物、能水解、苯环上只有一个取代基，故含有苯环、酯基，取代基有：-OOCCH2CH3、-CH2OOCCH

19、3、-CH2CH2OOCH、-CH（CH3）OOCH、-COOCH2CH3、-CH2COOCH3,所以满足上述条件的同分异构体6种，故选C.6.据报道，1995年化学家合成了一种分子式为C200H200的有机物，它是含多个碳碳叁键（-C-C-）的链状烧，则分子中含碳碳叁键最多是（）A.49个B.50个C.51个D.不能肯定【考点】常见有机化合物的结构.【分析】对于煌CnHm,当分子中无C二C和环时，C-C最多，根据：（2蜉一“二叁键数X2解题.【解答】解：对于煌CnHm,碳氢原子个数与分子结构的关系公式为：+"F=双2键数+叁键数2+环数，C2X200+2）-200当分子中无C=C和

20、环时，C4最多，此时二尸二叁键数以，所以叁键数50.5.由于叁键数不可能为0.5个，故C200H200中最多可有50个碳碳叁键.故选B.7.下列说法正确的是（）A.实验室制取乙烯时浓硫酸是催化剂和吸水剂B.硝基苯制备时浓硫酸作催化剂和脱水剂C.实验室制备乙烯、硝基苯、苯磺酸时均使用到温度计，且水银球在反应混合物液面以下D.水浴加热的优点是可以受热均匀且便于控制温度【考点】化学实验方案的评价.【分析】A.乙醇在浓硫酸做催化剂和脱水剂条件下迅速加热到170度，发生消去反应生成乙烯和水；B.脱水性是按照水分子中氢氧比例夺取其它物质里氢氧原子的性质；C.实验室制苯磺酸可直接加热；D.水浴法物体的温度变

21、化比较均匀，并且变化比较慢.【解答】解：A.实验室制取乙烯的实验中，浓硫酸作催化剂、脱水剂，故A错误;B.硝基苯制备时浓硫酸作催化剂和吸水剂，故B错误；C.实验室制苯磺酸可直接加热，不需要测量温度，故C错误；D.水浴法物体的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于控制温度，故D正确.故选D.8 .乌洛托品在合成、医药、染料等工业中有广泛用途，其结构式如图所示.将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品.若原料完全反应生成乌洛托品，则甲醛与氨的物质的量之比为（）A.1：1B.2：3C.3：2D.2：1【考点】真题集萃；化学方程式的有关计算.【分析】将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，若原料完全

22、反应生成乌洛托品，每个乌洛托品分子中含有6个C原子、4个N原子，根据C原子、N原子守恒判断甲醛和氨的物质的量之比.【解答】解：将甲醛水溶液与氨水混合蒸发可制得乌洛托品，若原料完全反应生成乌洛托品，每个乌洛托品分子中含有6个C原子、4个N原子，每个甲醛分子中含有1个C原子、每个氨气分子中含有1个N原子，根据C原子、N原子守恒知，要形成一个乌洛托品分子需要6个甲醛分子、4个氨气分子，则需要甲醛和氨气分子个数之比=6:4=3:2,根据N=nNA知，分子数之比等于物质的量之比，所以甲醛与氨的物质的量之比3:2,故选C.9 .下列各组液体混合物，能用分液漏斗分离的是（）A,澳苯和澳B,正己烷和水C.苯和

23、硝基苯D,乙醇和水【考点】分液和萃取.【分析】能用分液漏斗分离的物质必须是两种相互不溶的液体，一般的来说：有机溶质易溶于有机溶剂，无机溶质易溶于无机溶剂.【解答】解：能用分液漏斗分离的物质必须是两种相互不溶的液体，一般的来说：有机溶质易溶于有机溶剂，无机溶质易溶于无机溶剂.A、澳苯和澳能相互溶解，所以不能用分液漏斗分离，故A错误.B、正己烷是有机物，水是无机物，正己烷和水不互溶，所以能用分液漏斗分离，故B正确.C、苯和硝基苯都是有机物，所以苯和硝基苯能相互溶解，所以不能用分液漏斗分离，故C错误.D、乙醇和水能互溶，所以不能用分液漏斗分离，故D错误.5mol,则x与y之和可能是（故选B.10 .

24、常温下，1mol某气态煌CxHy完全燃烧需要氧气A.x+y=5B,x+y=7C,x+y=11D,x+y=13【考点】化学方程式的有关计算.【分析】结合CxHy+（x+2）O2点燃xCO2+?H2O计算.42【解答】解：常温下，1mol某气态煌CxHy完全燃烧需要氧气5mol,由CxHy+（x+*O2总熠xCO2+=H2O可知，x+=5,24x=1时，y=16不符合；x=2时，y=12不符合；x=3时，y=8,为丙烷符合，则x+y=11,x=4时，y=4,可能x+y=8,故选C.11,分子式为C4H10O2的同分异构体中，只有一种官能团且能与钠反应的共有（已知：同一个碳上连有多个羟基不稳定）（）

25、A.6种B.7种C.8种D.9种【考点】有机化合物的异构现象.【分析】分子式为C4H10O2的同分异构体中，只有一种官能团且能与钠反应，说明分子中含有2个羟基（-OH）,可以看成C4H10中的2个氢原子被2个羟基取代，采用定1移2法确定丁烷的二元取代产物来解答.【解答】解：分子式为C4H10O2的同分异构体中，只有一种官能团且能与钠反应，说明分子中含有2个羟基（-OH）,可以看成C4H10中的2个氢原子被2个羟基取代，丁烷的二元取代产物同分异构体为：CH（OH）2CH2CH2CH3（舍去）CH2OHCHOHCH2CH3CH2OHCH2CHOHCH3CH2OHCH2CH2CH20HCH（OH）2

26、CH（CH3）2（舍去）CH2OHCHCH3CH20HCH2OHCOH（CH3）2CH3c（OH）2CH2CH3（舍去）CH3CHOHCHOHCH3,共有6种；故选A.12.下列鉴别方法不可行的是（）A,用KMnO4（H+）溶液鉴别甲苯、丙烯、已烷B.用滨水鉴别苯、丙烯、四氯化碳C.用水鉴别乙醇、苯、四氯化碳D.用NaOH溶液鉴别澳乙烷、甲苯、硝基苯【考点】物质的检验和鉴别的基本方法选择及应用.【分析】A.甲苯、丙烯均能被高镒酸钾氧化；B.苯、丙烯、四氯化碳分别与滨水混合的现象为：分层后有机层在上层、滨水褪色、分层后有机层在下层；C.乙醇、苯、四氯化碳分别与水混合的现象为：不分层、分层后有机层

27、在上层、分层后有机层在下层；D.澳乙烷、甲苯、硝基苯分别与NaOH溶液混合的现象为：不分层（加热）、分层后有机层在上层、分层后有机层在下层.【解答】解：A,甲苯、丙烯均能被高镒酸钾氧化，则不能鉴别，故A错误；B.苯、丙烯、四氯化碳分别与滨水混合的现象为：分层后有机层在上层、滨水褪色、分层后有机层在下层，现象不同可鉴别，故B正确；C.乙醇、苯、四氯化碳分别与水混合的现象为：不分层、分层后有机层在上层、分层后有机层在下层，现象不同可鉴别，故C正确；D.澳乙烷、甲苯、硝基苯分别与NaOH溶液混合的现象为：不分层（加热）、分层后有机层在上层、分层后有机层在下层，现象不同可鉴别，故D正确；故选A.13.

28、下列实验操作与实验目的都正确的是（）实验操作实验目的A制乙快时用饱和食盐水代替水加快化学反应速率BCH4与SO2混合气体通过盛有滨水的洗气瓶除去中CH4的SO2C甲烷与乙烯的混合气体通过盛有酸性高镒酸钾的洗气瓶除去甲烷中的乙烯D,浓硫酸、乙醇混合加入试管中，加热，然后将导管末端插入酸性KMnO4溶液中，观察现象；检验是含有乙烯生成A.AB.BC.CD.D【考点】化学实验方案的评价.【分析】A.将食盐水中水作溶质、食盐作溶剂，则食盐水中水的浓度降低，浓度越低，反应速率越慢；B.二氧化硫具有还原性，能和澳发生氧化还原反应，甲烷和澳不反应；C.高镒酸钾与乙烯发生氧化还原反应生成二氧化碳气体；D.乙醇

29、能被酸性高镒酸钾溶液氧化而使酸性高镒酸钾溶液褪色.【解答】解：A.将食盐水中水作溶质、食盐作溶剂，则食盐水中水的浓度降低，浓度越低，反应速率越慢，所以用饱和食盐水代替水而减缓电石制取乙快的反应速率，故A错误；B.二氧化硫具有还原性，能和澳发生氧化还原反应生成硫酸和氢澳酸，甲烷和澳不反应，所以可以用滨水除去甲烷中二氧化硫，故B正确；C.高镒酸钾与乙烯发生氧化还原反应生成二氧化碳气体，引入新的杂质，故C错误；D.乙醇能被酸性高镒酸钾溶液氧化而使酸性高镒酸钾溶液褪色，乙醇具有挥发性，制取的乙烯中含有乙醇，要检验乙烯的生成应该先用水除去乙醇，故D错误；故选B.14.鉴定1,3-二氯丙烷中氯元素的存在，

30、下列描述正确的是（）A.加入NaOH的溶液，加热，冷却后加入AgNO3溶液B.加入NaOH溶液，加热，冷却后加入足量稀硝酸酸化，再加入AgNO3溶液C.在氯乙烷中直接加入AgNO3溶液D.加蒸储水，充分搅拌后，加入AgNO3溶液【考点】有机物（官能团）的检验.【分析】卤代煌中卤原子在碱性条件下水解产生卤离子，加硝酸酸化后，再加硝酸银，依据产生沉淀的颜色可以判断卤离子是否存在以及存在何种粒子.【解答】解：鉴定卤代燃中卤元素的存在的操作是：加入NaOH溶液，加热，1,3-二氯丙烷在氢氧化钠水溶液中水解，冷却后，此时溶液为碱性，干扰氯离子的检验，加入足量的硝酸酸化使其呈酸性排除氢氧根的干扰，然后再加

31、入硝酸银溶液来检验卤素离子，若溶液出现白色沉淀，则证明含有氯离子，故B正确，故选B.15.有机物A、B只可能为煌或煌的含氧衍生物，等物质的量的A和B完全燃烧时，消耗氧气的量相等，则A和B的分子量相差不可能为（n为正整数）（）A. 8nB.14nC.18nD.44n【考点】有关有机物分子式确定的计算.【分析】根据煌的燃烧化学方程式为CxHy+（X+）O2点燃xCO2+H2O,烧完全燃烧耗氧42量由（X+上）值决定，X+支）的值越大，消耗氧气的量就越多，结合有机物的结构情况来判44断回答.【解答】解：设煌的化学式为CxHy,燃烧的化学方程式为CxHy+（X+支）O2点燃XCO2+2H2O,42等物

32、质的量的燃完全燃烧耗氧量由（x+2）值决定，x+2）的值越大，消耗氧气的量就越多,44若两种煌的x+彳值相等，耗氧量就相同，物质的量相等的煌CxHy和完全可拆成形式为CxHy?。2的量相同.A和B的分子量相差8（CO2）m?（H2O）n的煌的衍生物分别完全燃烧后，它们消耗的A、有机物中的一个碳原子被另一个有机物中的四个氢原子代替时，的倍数，故A正确；B、当A和B相差n个-CH2-时，不符合题意，故B错误；C、如果A和B的分子组成相差若干个H2O,耗氧量不变，故C正确;D、如果A和B的分子组成相差若干个CO2,耗氧量不变，故D正确.16.合成导电高分子材料PPV的反应:ppy下列说法正确的是（）

33、A.合成PPV的反应为加聚反应B. PPV与聚苯乙烯具有相同的重复结构单元C. i'll（川和苯乙烯互为同系物D.通过质谱法测定PPV的平均相对分子质量，可得其聚合度【考点】有机高分子化合物的结构和性质.【分析】A.缩聚反应，是一类有机化学反应，是具有两个或两个以上官能团的单体，相互反应生成高分子化合物，同时产生有简单分子（如H2O、HX、醇等）的化学反应；CHCHiB.聚苯乙烯的重复结构单元为广"j，不含碳碳双键，而该高聚物的结构单元中含有碳碳双键;C.同系物所含官能团数目相同；D.质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对质量.【解答】解：A.合成PPV通过缩聚反应生成，同时有

34、小分子物质HI生成，不属于加聚反应，故A错误；CHCHi人B.聚苯乙烯的重复结构单兀为4',不含碳碳双键，而该高聚物的结构单兀中o含有碳碳双键，所以不相同，故B错误；C.CH?=CH¥&一CH=CH2有两个碳碳双键，而苯乙烯有一个碳碳双键，结构不同，二者不是同系物，故C错误；D.质谱仪能记录分子离子、碎片离子的相对质量，质谱图中数值最大的即是该分子的相对分子质量，故D正确.故选D.17. CaC2和ZnC2、AI4C3、Mg2c3、Li2c2等都同属离子型碳化物.请通过对CaC2制C2H2的反应进行思考，从中得到必要的启示，判断下列反应产物正确的是（）A.ZnC2水解

35、生成乙烷（C2H6）B,AI4C3水解生成丙快（C3H4）C.Mg2c3水解生成丙快（C3H4）D.Li2c2水解生成乙烯（C2H4）【考点】探究化学规律.【分析】CaC2制C2H2的反应为：CaC2+2H2O-C2H2f+Ca（OH）2,实质发生水解反应，离子型碳化物中金属离子与水电离的氢氧根结合，阴离子与水电离的氢离子结合，据此判断反应产物.【解答】解：A.ZnC2水解反应为：ZnC2+2H2O一Zn（OH）2+C2H2T,生成C2H2,故AB. A4C3水解反应为：AJC3+12H2O-4Al（OH）3+3CH4T,生成CH4,故B错误；C. Mg2c3水解反应为：Mg2c3+4H2O-

36、C3H4T+2Mg（OH）2,生成丙快，故C正确；D. Li2c2水解反应为：Li2c2+2H2O2UOH+C2H22,生成C2H2,故D错误，故选C.18 .下列说法正确的是（）甲苯是苯的同系物，均不能使酸性高镒酸钾溶液褪色间二氯苯没有同分异构体证明了苯分子不是单双键交替硝基苯中含有苯、浓硝酸、浓硫酸杂质，除杂方法是向其中加入氢氧化钠溶液后分液.A.B.C,D.【考点】苯的性质.【分析】如果存在双键，能够使滨水褪色；碳碳单键键常与碳碳双键键长比相等； 由于苯环对测链的影响，苯环上的甲基能够被高镒酸钾氧化；无论苯分子无单双键交替结构，间二甲苯都只有1种；苯不能与氢氧化钠反应.【解答】解：如果苯

37、是单双键交替结构，则苯应该能与滨水发生加成反应，苯不能因发生化学反应而使滨水溶液褪色说明不存在双键，故正确；若果是单双键交替结构，则碳碳键键长不同，而实际分子中碳碳之间的键长均相等证明正确；甲苯是苯的同系物，苯不能使酸性高镒酸钾溶液褪色，甲苯能够被酸性高镒酸钾氧化生成苯甲酸，故错误；无论苯分子无单双键交替结构，间二甲苯都只有1种，所以间二氯苯没有同分异构体不能证明了苯分子不是单双键交替，故错误；硝基苯中含有苯、浓硝酸、浓硫酸杂质，向其中加入氢氧化钠溶液后分液，只能出去浓硝酸、浓硫酸，不能除去苯，故错误；故选：C.二、填空题19 .请正确表示下列化学用语：乙快（结构式）H-CW-H；甲烷（空间构

38、型）正四面体形；羟基（电子式）*C22（电子式）_*C”C*一；1，3-丁二烯（实验式）C2H3.【考点】结构式；电子式.【分析】乙快存在C-H、C是化学键；甲烷为正四面体结构，碳原子位于正四面体中心，4个氢原子位于四个顶点；羟基不带电，氧原子与氢原子共用1对电子，氧原子含有1个单电子；C22为阴离子，两个碳之间共用3对电子；1,3-丁二烯分子式为C4H6,实验式即最简式，为原子个数最简整数比值；【解答】解：（1）乙快存在C-H、C-C化学键，其Z勾式为：H-C-C-H;甲烷为正四面体结构；*羟基不带电，氧原子与氢原子共用1对电子，氧原子含有1个单电子，电子式为：H:。"鼻C22为阴

39、离子，两个碳之间共用3对电子，电子式为：卜ezoF；1,3-丁二烯分子式为C4H6,实验式即最简式，为C2H3；4故答案为：H-C-C-H;正四面体形；H：CT;C2H3；420 .高分子化合物4CHjQCHw尸CHCHiCHlCH/CHikCH是由三种单体通过加聚反应而制得的.这三种单体的结构简式是CH2=C（CH3）-CH=CH,、CH3-CH=CH2.CH2=CH2_.【考点】有机高分子化合物的结构和性质.【分析】高聚物单体的判断方法：凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；凡链节主链上只有四个碳原子（无其它原子）且链节无双键的高聚物，其

40、单体必为两种，在正中间画线断开，然后将四个半键闭合；凡链节主链上只有碳原子并存在碳碳双键结构的高聚物，其规律是见双键，四个碳，无双键，两个碳”画线断开，然后将半键闭合，即将单双键互换.【解答】解：4CHgCHJ-CHCHKHCHMCH工CH的单体为CH2=C(CH3)-CH=CH2、CH3CH=CH2、CH2=CH2,故答案为：CH2=C(CH3)CH=CH2、CH3CH=CH2、CH2=CH2-21 .提纯下列物质(括号内为杂质)NaCl(KNO3)固体中提取NaCl固体：加水溶解，蒸发结晶，趁热过滤.KNO3(NaCl)溶液中得KNO3固体：蒸发浓缩，冷却结晶，过滤.乙醇(水)混合物中得无

41、水乙醇：加入CaO,再蒸储.澳苯(澳)混合物中得澳苯：加入NaOH溶液，再分液.【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；物质的分离、提纯和除杂.【分析】二者溶解度受温度影响不同；硝酸钾的溶解度受温度影响大；加CaO与水反应后，增大与乙醇的沸点差异；澳与NaOH溶液反应后，与澳苯分层.【解答】解：二者溶解度受温度影响不同，分离方法为加水溶解，蒸发结晶，趁热过滤得到固体NaCl,故答案为：加水溶解，蒸发结晶，趁热过滤；硝酸钾的溶解度受温度影响大，则分离方法为蒸发浓缩，冷却结晶，过滤得到固体硝酸钾，故答案为：蒸发浓缩，冷却结晶，过滤；加CaO与水反应后，增大与乙醇的沸点差异，则分离方法为加入C

42、aO,再蒸储，故答案为：加入CaO,再蒸储；澳与NaOH溶液反应后，与澳苯分层，则分离方法为加入NaOH溶液，再分液，故答案为：加入NaOH溶液，再分液.22.有机物F是一种新型涂料固化剂，可由下列路线合成(部分反应条件略去).请回答下列问题：CCNHiCij-Ori(1)B的结构简式是HOOC(CH4COOH:E中含有的官能团名称是髡基和氨基.(2)由C和E合成F的化学方程式是CH3OOC(CH2).4COOCH3+2HOCH尹河2卡条件一HOCH2CH2NHOC(CH?)4CONHCH2CH*H+2CH30H(3)同时满足下列条件的苯的同分异构体的结构简式是.CHb'tit：含有3

43、个双键；核磁共振氢谱只显示1个吸收峰；不存在甲基(4)乙烯在实验室可由乙醇(填有机物名称)通过消去反应(填反应类型)制备,制乙烯时还产生少量SO2、CO2及水蒸气，用以下试剂检验这四种气体，混合气体通过试剂的顺序是.(填序号).过量饱和Na2SO3溶液酸fKMnO4溶液石灰水无水CuSO4品红溶液(5)下列说法正确的是abd(填序号).a.A属于饱和煌b.D与乙醛的分子式相同c.E不能与盐酸反应d.F可以发生酯化反应.【考点】有机物的合成.【分析】在馍作催化剂条件下，苯和氢气发生加成反应生成环己烷，环己烷被氧气氧化生成B,在催化剂条件下，B和甲醇发生酯化反应生成C,根据C的结构结合B的分子式知

44、，B是1,6-己二酸；在银作催化剂条件下，乙烯被氧气氧化生成环氧乙烷，环氧乙烷和氨气反应生成E,C和E反应生成F,结合有机物的结构和性质解答.【解答】解：在馍作催化剂条件下，苯和氢气发生加成反应生成环己烷，环己烷被氧气氧化生成B,在催化剂条件下，B和甲醇发生酯化反应生成C,根据C的结构结合B的分子式知，B是1,6-己二酸；在银作催化剂条件下，乙烯被氧气氧化生成环氧乙烷，环氧乙烷和氨气发生加成反应生成E,C和E发生取代反应生成F,(1) B是1,6-己二酸，其结构简式为：HOOC(CH-4COOH,根据E的结构简式知，E中含有羟基和氨基，故答案为：HOOC(CH#4COOH,羟基和氨基；(2)

45、C和E发生取代反应生成F,反应方程式为：CH3OOC(CH2)4COOCH3+2HOCH2CH2NH2一定条件HOCH2CH2NHOC(CH2)4CONHCH2CH2OH+2CH3OH,故答案为：CH3OOC(CH2)4COOCH3+2HOCH2CH2NH2HOCH2CH2NHOC(CH2)4CONHCH2CH2OH+2CH3OH;(3)具备含有3个双键、核磁共振氢谱只显示1个吸收峰则该有机物中只含一种类Olr型的氢原子、不存在甲基的苯的同分异构体的结构简式为：,故答案为：Ot(4)乙烯在实验室可由乙醇通过消去反应制取，制乙烯时还产生少量SO2、CO2及水蒸气，检验这四种气体，混合气体通过试剂

46、的顺序是先用无水CuSO4检验水蒸汽，再用品红溶液检验二氧化硫，再用过量饱和Na2SO3溶液除去二氧化硫，然后用澄清石灰水检验二氧化碳，再用酸性KMnO4溶液检验乙烯，所以加入试剂的顺序为，故答案为：乙醇，消去反应；(5)a.环己烷中只存在共价单键，所以属于饱和烧，故正确；b.环氧乙烷与乙醛的分子式都是C2H4O,所以分子式相同，故正确；c. E中含有氨基，所以能与盐酸反应，故错误；d. F中含有羟基，所以可以发生酯化反应，故正确；故选abd.23.书写化学方程式并注明反应类型(有机物写结构简式)实验室制取乙快气体：CaC2+2H/OfCa(OH)2+CHCHT(水解反应)【考点】化学方程式的

47、书写.【分析】碳化钙与水反应生成乙快气体和氢氧化钙；甲苯与浓硝酸发生取代反应可生成TNT,即三硝基甲苯.【解答】解：实验室中用碳化钙与水发生水解反应，生成乙快，反应的化学方程式为：CaC2+2H2OfCa(OH)2+CHWHT,故答案为：CaC2+2H2OfCa(OH)2+CH金HT；水解反应；甲苯可以和浓硝酸之间发生取代反应生成2,4,6-三硝基甲苯，即TNT,化学反应方24 .1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成2mol丁酮，则该烯的结构简式为CH3-CHC(CH3)=C(CHyCH?-CH31mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成1molHOOC-CH(CH3)-CH2-CH2-CH(CH3

48、)-COCH3,则该烯的结构简式为【考点】烯煌.【分析】1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成2mol丁酮，说明含有8个碳原子，且处于对称结构，由于生成的是酮，所以双键在中间；1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成1mol竣酸和酮，说明此有机物中的双键成环；据此解答即可.【解答】解：1mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成2mol丁酮，说明含有8个碳原子，且处于对称结构，由于生成的是酮，所以双键在中间，故稀烯煌的结构简式为：CH3-CH2c(CH3)=C(CH3)CH2-CH3；故答案为：CH31mol某烯与酸性高镒酸钾反应后生成1molHOOC-CH(CH3)-CH2-CH2-CH(CH3)-COC

49、H3,去掉O原子连接在一起即为此有机物的结构简式，即-CH2c(CH3)=C(CH3)CH2-CH3;25 .某煌类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84,红外光谱表明分子中含有碳碳双键，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢.*D】q盘【出石C-L，®(1) A的结构简式为£H«比CH1-C=CCH(2) A中的碳原子是否都处于同一平面？>(填是”或者不是”);(3)在如图中，DpD2互为同分异构体，Ei、E2互为同分异构体.反应的化学方程式为涉产CHL：-卜CHa+2NaOH>CH产C1C1ch3产cC-CH±+2NaCH2HnC_；C

50、的名称为2,3B在乙醇的碱性溶液中加热时发生消去反应，生成的C为CHk-加成生成D1,则D1为。叨=h3-CH；,水解生成E1,E1为CH尸FrHr,C发生1,2h51-CH；.D1、D2。口OH二甲基3一丁二烯'E2的结构简式是H。CHl的反应类型依次是1,4一加成反应、取代反应【考点】有机物的推断.【分析】某煌类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84,令组成为CxHy,则x最大值为要=7,由于为烧，结合烷煌中C、H原子数目关系，可知x=6,y=12,因此A的化学12式为C6H12,红外光谱表明分子中含有碳碳双键，所以A为烯燃，核磁共振氢谱表明分子中CAI.CH,只有一种类型的氢，

51、故A的结构简式为：口产俨，则b为CHlCCTJ",CHxLCLHiI：ClCIch3互为同分异构体，则C发生1,4-加成生成D2,则D2为CHr&=8-CH'水解生成E2,CHlOH'据此解答.E2为HOCHq【解答】解：某煌类化合物A的质谱图表明其相对分子质量为84,令组成为CxHy,则x最大值为芸=7,由于为烧，结合烷煌中C、H原子数目关系，可知x=6,y=12,因此A的12化学式为C6H12,红外光谱表明分子中含有碳碳双键，所以A为烯燃，核磁共振氢谱表明分子中只有一种类型的氢，故A的结构简式为:，则BB在乙醇的碱性溶液中加热时发生消去反应，生成的C为国W

52、d，C发生12涉ch3-加成生成Di,则D1为CH产cc-CH”水解生成(tEtRk涉ch3El,Ei为CH*&-Di、D2OHOH互为同分异构体，则C发生1,4-加成生成D2,则D2为CH1,水解生成E2,E2为-I-CHlOH'(1)由上述发信息可知，A的结构简式为产产，故答案为：港港；CFK-C=C-CHCHl。=CH(2)A的结构与乙烯相似，与乙烯相比较可知，A的碳原子处在同一平面上，故答案为：是；(3)反应的化学方程式为：CHb(p-CH3+2NaOHC1C2H.OHACHi-CH3产CC=CH±+2NaCH2比C；C为门口Cri,3=:,化学名称为：2,3

53、-二甲基-1,3-丁二烯;由上述分析可知，E2的结构简式是H二W一CHlQH'反应是二烯燃发生的1,4-加成反应，反应是卤代煌的分解反应，属于取代反应,涉CHb故答案为：.-CH±+2NaCH9C2,3二C1甲基-1,3-丁二烯；，rlUL-rli门口cu；1,4-加成反应；取代反应.1.HiUH26.四苯基乙烯(TPE)及其衍生物具有聚集诱导发光特性，在光电材料等领域应用前景广泛，以下是TPE的两条合成路线(部分试剂和反应条件省略)：COOHCOBrFF(1) A的名称是甲A；试剂Y为酸性高镒酸钾溶液(2) B-C的反应类型是取代反应；B中官能团的名称是竣基，D中官能团的名称是谈基；(3) E-F的化学方程式是(4)W是D的同分异构体，具有下列结构特征：属于蔡)的一元取代物;存在羟甲基(-CH2OH),写出W所有可能的结构简式:C=CCH.OH0000,-C=CCH;0H_；(5)下列说法正确的是ad.a、B的酸性比苯酚强c、E含有3种不同化学环境的氢【考