能量再积三个月,跃迁就在高考时(省教研活动)-1

1、能量再积三个月，跃迁就在高考时谈物理二、三轮复习策略及命题思路陈洪洲一、谈复习（一）、时间安排（二）、具体内容：（三）、应对策略：1、明确重点、构建网络2、善于总结、提炼方法3、对照考纲、不留盲点4、重视基础、回归课本5、加强实验、逐一过关6、教会审题、解题规范（四）增分途径1 通过考纲来给高考增分.2 通过课本来给高考增分.3 通过平时的错题来给高考增分.4 通过"抓小放大"来给高考增分.5通过"抓大放小"来给高考增分.6 通过“查漏补缺”来给高考增分.7 通过“归纳分类”来给高考增分.8 通过强化实验来给高考增分.9 通过临场发挥来给高考增分 通过认

2、真书写、规范解答来给咼考增分 通过细心审题、先易后难来给高考增分 通过控制速度、把握节奏来给高考增分10.通过良好的心态来给高考增分.二、谈命题1来自课堂的讲解例1O佃.（08年深圳一模）如图所示，在倾角为30的斜面OA的左侧有一竖直档板，其上有一小孔P,现有一质量m=4X1020kg,带电量14q=+2X10C的粒子，从小孔以速度vo=3X410m/s水平射向磁感应强度B=0.2T、方向垂直纸面向里的一正三角形区域.该粒子在运动过程中始终不碰及竖直档板，且在飞出磁场区域后能垂直打在OA面上，粒子重力不计.求：（1）粒子在磁场中做圆周运动的半径；（2）粒子在磁场中运动的时间；(3) 正三角形磁

3、场区域的最小边长.佃、(15分)解：2,v得:（1）由qvB二mr11mvqB=0.3m（4分）T=2二10占s=6.2810，sqB（2分）5(2)画出粒子的运动轨迹如图，可知t=5T，得：(4分)65m5兀_5_5，八、t10s=5.2310s（2分）3qB32r+rcos305（3）由数学知识可得：L二rcos30得:cos30°.mV/4丄小473+3-_八L（1）0.99m（3分）qB.310例25.（08年深圳二模）如图所示为一质点运动的位aeAPc30IX101移时间图像，曲线为一段圆弧，则下列说法中正确的是A. 质点可能做圆周运动B. 质点一定做直线运动C. t时刻质

4、点离开出发点最远D. 质点运动的速率先减小后增大t/s35.(10年深圳二模)如图所示，MN为3m宽的小沟，M点左侧1m处有一5m高的平1台与半径为1.25m的一圆弧底部相切，平台表4面与圆轨道都光滑，一质量为3kg的B球静止在平台上现让一小球A从圆弧左侧与圆心等高处静止释放，A球下滑至平台并与B球发生碰撞.A、B两球可视为质点，g=10m/s2.求：(1) A球到达圆弧底端时的速度；(2) 如果碰后两球分别落在M与N点，则A球的可能质量.35.18分（2分）（1分）（1分）（2分）（1分）（1分）（2分）（2分）（2分）（2分）（2分）一12（1）根据机械能守恒mgRmv代入数据得v=5m/

5、s（2）若碰后两球都向右运动，据平抛运动12hgt得t=1sx=v0t得VAi=1m/svBi=4m/s由动量守恒mAVA=mAVAi-mBVBi得mA=3kg一12碰前总动能EK1352/1212碰后总动能EK1313422因为Ek1-E；1其解成立若碰后A球向左运动，B球向右运动，则可能有:vA2=1m/sVB2=4m/s由动量守恒mAvA=mAvA2-mBvB2得mA=2kg一12碰前总动能Ek2252/1212碰后总动能Ek2二泊2（-1）234因为Ek2二E；2其解成立若碰后A球向左运动，B球向右运动，则可能有:VA2=4m/sVB2=1m/s由动量守恒mAVA=mAVA3mBVB3

6、得mA=1kg31 12碰前总动能EK3二泊決52 3/11212碰后总动能E；3（-4）2312232因为EK3二eK3其解成立2来自学生的问题例34（2）（10年深圳一模）在探究金属丝的电阻与金属丝长度的关系的实验中，某实验小组得到了如图所示的R-L实验图线，则图线的斜率与导线的横截面积的乘积表示的物理量是为了测量金属丝的电阻（阻值在510.j之间），实验提供了下列器材和电路：A. 电压表（03V,内阻1k）B. 电压表（015V，内阻5k）C. 电流表（00.6A，内阻2门）D. 电流表（03A,内阻0.5门）E. 滑动变阻器（100.2A）F. 滑动变阻器（500.6A）G. 直流电源

7、（6V,内阻不计）另有开关一个、导线若干.实验中电路应选动变阻器应选R滑图乙R，电压表应选，电流表应选.（只填器材的字母代号）.（2）金属丝的电阻率；乙；A；_C；F来自易错的作业35.（18分）（11年深圳一模）轻质细线吊着一质量为n=10的正方形线圈，滑（每空2分）m=0.32kg,边长为L=0.8m、匝数总电阻为r=11.边长为-的正方2形磁场区域对称分布在线圈下边的两侧，如图甲所示.磁场方向垂直纸面向里，大小随时间变化如图乙所示，从t=0开始经to时间细线开始松驰，g=10m/s2.求：（1）在前to时间内线圈中产生的电动势；（2）在前t0时间内线圈的电功率；（3）求t0的值.35.解

8、：（1）由法拉第电磁感应定律得：1L2如10.82=n（_）10（）0.5=0.4（V）5分t(2)I0.4ArP=12r=0.16(W)（3）分析线圈受力可知，当细线松弛时有:F安二nBt°l寺二mgI=一rBto2mgrnL=2仃）由图像知：B°=10.5t。解得：t°=2s4分4来自试题的启发例136.（18分）（11年深圳二模）细管AB内壁光滑、厚度不计，加工成如图所示形状，长L=0.8m的BD段固定在竖直平面内，其B端与半径R=0.4m的光滑圆弧轨道BP平滑连接。与长S=1.25m，动摩擦因数=0.25的1CD段是半径R=0.4m的一圆弧，AC段在水平面

9、上,4水平轨道AQ平滑相连，管中有两个可视为质点的小球a、b,ma=6m，mb=2m。开始b球静止，a球以速度Vo向右运动，与b球发生弹性碰撞之后，b球能够越过轨道最高点P。a球能滑出AQ。（重力加速度取10m/s2，、6=2.45）。求： 若v0=4m/s2，碰后b球的速度大小； 若v0未知，碰后a球的最大速度；若V0未知，V0的取值范围。36解：设a、b碰后瞬间速度为Va1、Vb1maVo=maVa1+mbVb1分2121212maV0maVa1mibV分2222解出：va1=v0=2m/s,vb1=2mav0=6m/smambmamba与b碰后，a上升的高度不能超过3R12mava1ma

10、xmag3R2分2va1maxRg：4.9m/s2分2欲使b能通过最高点，有mbg_mb冷厶1分R得出vb2-,Rg=2m/s分1212b球在上升过程中有mbvEmbvb2mbg(2RL)1分22解得Vbi_6m/s,v；min_Vbi=4m/s2ma因为a球能通过粗糙区域，有2Vai2gs分v/o=2Vai5m/s分碰后a上升的高度不能超过3R，必须满足Vomax=2vai二-2,6Rg=9.8m/s分1综上可得5m/s：(v_9.8m-/s1分例236.(18分)(12年深圳一模)如图所示，光滑的绝缘平台水平固定，平台右下方边界MN、PQ之间存在匀强电场和匀强磁场，MN过平台右端并与水平方

11、向呈37°,MN与PQ平行，竖直距离为h=1.7m，磁感应强度B=0.9T，方向垂直纸面向外，平台左端放有可视为质点的A球，质量为mA=0.17kg，电量为q=+0.1C,恰好能做匀速圆周运动，g取10m/s2。(1) 求电场强度的大小和方向；(2) 要使A球在MNPQ区域内的运动时间保持不变，A球初速度应满足的条件？(设A球飞出MNPQ区域后被收集不能再返回)(3) 在平台右端再放一个不带电也可视为质点的绝缘B球，A球以VA0=3m/s的速度水平向右运动，与B球碰后两球均能垂直PQ边界飞出，则B球的质量为多少？36.解：(1)A球能做圆周运动，必有：Eq=mAg2分E=mAgwn/

12、C1分q电场强度方向竖直向上I分(2)A球在MNPQ区域运动时间相等，必须从边界MN飞出，如图所示，最大半径满足：WcosB+R/=hcos02分A球做匀速圆周运动有：2VABqvA=m2分现给A球不同的水平初速度，飞出平台后NRRORR解得：VA=0.4m/s分依题意，A球速度必须满足:OvvAw0.4m/s1分(3)AB相碰后，A做匀速圆周运动，半径R=h1分”vA由BqvA=mA-R得vA=0.9m/sB球做平抛运动，设飞行的水平距离为有:X=VB0t1分1 八h-xtan0=vytT分2VB0=Vytan0=gttan01分得VB0=3m/s1分由动量守恒定律得：mAVAO=mAVA+

13、mBVBO1分mB=0.119Kg分MX,PQ5来自思考的火花例35.(18分)(10年深圳一模)如图所示，ABCDE是由三部分光滑轨道平滑连接在一起组成的，AB为水平轨道，BCD是半径为R的半圆弧轨道，DE是半径为2R的圆弧轨道，BCD与DE连接在轨道最高点D,R=0.6m.质量为M=0.99kg的小物块，静止在AB轨道上，一颗质量为m=0.01kg子弹水平射入物块但未穿出，物块与A子弹一起运动，恰能贴着BCDE轨道内侧通过最高点D.取重力加速度g=10m/s2，求:(1) 物块与子弹一起刚滑上圆弧轨道B点的速度；(2) 子弹击中物块前的速度；(3) 系统损失的机械能.35.(1)由物块与子

14、弹一起恰能通过轨道最高点D,得：2(Mm)g=(Mn2R(3分)又由物块与子弹上滑过中根据机械能守恒得:-(Mm)vD(Mm)g2R=-(Mm)vB(3分)213代入数据解得：Vb=j6Rg二6m/s（2分）(2)由动量守恒mv=（Mm）vB(3分)v二600m/s(2分)(3)根据能的转化和守恒定律得CE=1mv2-2122（Mm）vB（3分）代入数据得：厶E=1782J（2分）6来自命题的要求(1)要求有通解例20.(18分)(08年深圳二模)如图所示，直线MN下方无磁场，上方空间存在两个匀强磁场，其分界线是半径为R的半圆，两侧的磁场方向相反且垂直于纸面，磁感应强度大小都为B.现有-质量为

15、m、电荷量为q的带负电微粒从P点沿半径方向向左侧射出，最终打到Q点,不计微粒的重力.求：XXXXXXXXX(1)微粒在磁场中运动的周期.XXXXXXXXX(2)从P点到Q点，微粒的运动速度大小及运动时间.XXX*B'J.xxX(3)若向里磁场是有界的，分布在以O点为圆心、半XXBX/1x*/-1XXX径为R和2R的两半圆之间的区域，上述微粒仍MP从P点沿半径方向向左侧射出，且微粒仍能到达Q点，求其速度的最大值.>OQN220、解：(1)洛仑兹力提供向心力BvomVo(2分)r2二mBq（2分）(2)粒子的运动轨迹将磁场边界分成Tt由几何知识可得：71=2nn等分（n=2,3,4）

16、2VoBv0q二mr得v-BqRtan工（n=2,3,4）（4分）m2n15OiO2xXX_XO2O3皆左Axx.04'_-i_K_*N当n为偶数时,由对称性可得二nmBq（n-2,4,6）（2分）当n为奇数时,t为周期的整数倍加上第一段的运动时间，即ji+t-T22兀_nT_亦1）二mnBq（n=3,5,7）（2分）(3)由几何知识得r=Rtan2n不超出边界须有：(2分)cos2nN2分）X冥029-AAXX2XX：XXXXXX024XX7Oi一牛u/uXXXBXXXXXXBxxXXX图（a）2O°口昔AF/Ni123tTs图（b）力传感器分2（2）要求简单、学生熟悉又要

17、有点变化35.（i8分）（i2年深圳一模）如图（a）所示，“”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面AB粗糙，光滑表面BC且与水平面夹角为9=37°.木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（b）所示设斜面与平面连接处没有动能损失，已知sin37°=0.6,cos37°=0.8,g取10m/s求：（1）斜面BC的长度；（2）滑块的质量；（3）运动过程中滑块克服摩擦力做的功.35. 解：分析滑块受力，由牛顿第二定律得：

18、得：ai=gsin0=6m/s22分通过图像可知滑块在斜面上运动时间为：ti=is一12由运动学公式得：s二丄玄2=3m2 滑块对斜面的压力为：Ni/=mgcos02分木板对传感器的压力为：Fi=Ni/sin02分由图像可知：Fi=i2N1分解得：m=2.5Kg1分（说明：如果从系统考虑，答案正确得满分） 滑块滑到B点的速度为：vi=aiti=6m/s1分由图像可知：fi=5N,t2=2s分f12八a2=2m/si分m12s2=v1ta2t8mi分2W=fS2=40J分1935.（18分）（13年深圳一模）如图甲所示，在高h=0.8m的平台上放置一质量为M=0.99kg的小木块（视为质点），小

19、木块距平台右边缘d=2m，一质量m=0.01kg的子弹沿水平方向射入小木块并留在其中，然后一起向右运动，在平台上运动的S-x关系如图乙所示.最后，小木块从平台边缘滑出落在距平台右侧水平距离s=0.8m的地面上，g取10m/s2，求:s木块飞出时的速度V2=t2m/s4分（2）因为小木块在平台上滑动过程中做匀减速运动，根据24_10知v-s图象的斜率k2a1得小木块在平台上滑动的加速度大小a=3m/s222v2-Vi=-2ax4分根据牛顿第二定律，得f=(Mm)a二(0.990.01)3=3N根据能量守恒定律，得小木块在滑动过程中产生的热量4分（其它解法一样给分）（3）由图象可得10-v11-0

20、4-102-1（1）小木块滑出时的速度；（2）小木块在滑动过程中产生的热量;（3）子弹射入小木块前的速度.35. 解：（1）小木块从平台滑出后做平抛运动,有:h=1gt22a得：t=0.4s3分mv0二(Mm)v1解得小木块刚开始滑动时的速度为V1=4m/s（其它解法同样给分）子弹射入木块的过程中，根据动量守恒定律，有解得：v°=400m/s例17.（16分）（09年深圳二模）在半径R=5000km的某星球表面，宇航员做了如下实验，实验装置如图甲所示竖直平面内的光滑轨道由轨道AB和圆弧轨道BC组成，将质量m=0.2Kg的小球，从轨道AB上高H处的某点静止滑下，用力传感器测出小球经过C

21、点时对轨道的压力F,改变H的大小，可测出相应的F大小，F随H的变化关系如图乙所示，求:（1）圆轨道的半径；（2）该星球的第一宇宙速度.17.甲（16分）（1）小球过C点时满足由（2）得：F=2mgH-5mg（3）2/r由图可知：H1=0.5m时F1=0;代入（3）可得r-0.2m2/H2=1.0m时F2=5N;代入（3）可得2g_5m/s2/又根据12mg（H2r）mvc24/可得v=.Rg=5103m/s2/2据mVR=mg9227来自平时的留心例4J3，在斜面底端的竖1520.（18分）（09年深圳一模）如图所示，倾角为30°的粗糙斜面的底端有一小车,车内有一根垂直小车底面的细直

22、管，车与斜面间的动摩擦因数直线上，有一可以上下移动的发射枪，能够沿水平方向发射不同速度的带正电的小球，其电量与质量之比_qm=0.5773102c/kg（计算时><102c/kg）,在竖直线与斜面3之间有垂直纸面向外的匀强磁场和竖直向上的匀强电场，小球在运动过程中重力和电场力始终平衡当小车以V°=7.2m/s的初速度从斜面底端上滑至2.7m的A处时，小球恰好落入管中且与管壁无碰撞，此时小球的速率是小车速率的两倍取g=10m/s2.求：（1）小车开始上滑到经过A处所用的时间；（2）匀强磁场的磁感应强度的大小20.解：（1）当小车上滑时，ai二gsinv'gco，1分

23、12上滑至A处时sVolat12由得匕=0.6s2分此时V车=1.8m/s；1分V车S剩0.18m2a1当小车下滑时，a2二gsi-gcosr卜1分12S剩at下）2由得:t下=0.6s此时7车=0.6m/s1分从开始上滑到下滑经过A处的时间t2=t上+t下=V°0.6=1.4sa1上滑经过A点时，V车=1.8m/s,由题意知V球=3.6m/s由几何关系得r=2.7.3m（2分又r=业位）qB49由、（11）、（12）得B10T（12分3下滑经过A处时，V车=0.6m/s,则V球=1.2m/s（C"7由几何关系得rV3m(15)2分28/由(12)、(14)、(15)得B1

24、0T(162分8来自高考的热点例36.(18分)(11年深圳一模)如图所示，倾角为37的足够大斜面以直线MN为界由两部分组成，MN垂直于斜面的水平底边PQ且其左边光滑右边粗糙，斜面上固定一个既垂直于斜面又垂直于MN的粗糙挡板.质量为mi=3kg的小物块A置于挡板与斜面间，A与挡板间的动摩擦因数为山=0.1.质量为m2=1kg的小物块B用不可伸长的细线悬挂在界线MN上的0点，细线长为l=0.5m，此时，细线恰好处于伸直状态.A、B可视为质点且与斜面粗糙部分的动摩擦因数均为血=0.3,它们的水平距离S=7.5m.现A以水平初速vo=5m/s向右滑动并恰能与B发生弹性正撞(1) A碰撞前向右滑动时受

25、到的摩擦力；(2) 碰后A滑行的位移；(3) B沿斜面做圆周运动到最高点的速度.36. 解：(1)分析物块A的受力得：f“ggsin370=0.13100.6=1.8(N)PnzQ分(2)设A运动至与B相碰前速度为V1,由动能定理得：01212-migsin37smwgv。解得：q=4m/s4分22A和B发生弹性正碰，由动量守恒和能量守恒得：21212m1v1=mv-im2v2miv1miv1m2v2222解得：w=2m/sv2=6m/s设A滑行的位移为s1,由动能定理得：-Cl2m1gcos3J1m1gsin37)$=0-1gvj2解得：2s1m：0.67m4分3(3) 设B做圆周运动到最高点的速度为V®由动能定理得:I_1212-二2m2gcos37二I-