2022届高考新课标全国三卷物理模拟试题1

1、新课标全国三卷高考物理模拟一一、选择题（本题共8小题。共计48分，在每小题给出的四个选项中，14到18题只有一个正确选项，19到21有多个正确选项，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分 )14下列说法正确的是（）A经过衰变和衰变后成为稳定的原子核，铅核比钍核少24个中子B发现中子的核反应方程，属于原子核的人工转变C200个的原子核经过两个半衰期后剩下50个D在中子轰击下生成和的过程中，核的比结合能比核的比结合能大15某物体做直线运动的v-t图象如图所示，据此判断四个选项中（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）正确的是（）ABCD162020年7月23日12时41分，我国在海南

2、岛东北海岸中国文昌航天发射场，用长征五号遥四运载火箭将我国首次火星探测任务“天问一号”探测器发射升空，飞行2000多秒后，成功将探测器送入预定轨道，开启火星探测之旅，迈出了我国自主开展行星探测的第一步。已知火星的两个卫星A和B，卫星的轨道可以看作是圆形的，卫星A轨道半径是卫星B轨道半径的n倍，则（）A卫星A与卫星B的线速度大小之比为B卫星A与卫星B的向心加速度之比为C卫星A与卫星B的周期之比为D卫星A的质量大于卫星B的质量17如图所示，左侧是半径为R的四分之一圆弧，右侧是半径为2R的一段圆弧。二者圆心在一条竖直线上，小球a、b通过一轻绳相连，二者恰好于等高处平衡。已知37°，不计所有

3、摩擦，则小球a、b的质量之比为（）A34B35C45D12181831年法拉第把两个线圈绕在一个铁环上，A线圈与电源、滑动变阻器R组成一个回路，B线圈与开关S及电流计G组成另一个回路。如图所示，通过多次实验，法拉第终于总结出产生感应电流的条件。关于该实验下列说法正确的是（）A闭合S的瞬间，G中有ab的感应电流B闭合S的瞬间，G中有ba的感应电流C闭合S后，R的滑片向左移动的过程，G中有ab的感应电流D闭合S后，R的滑片向左移动的过程，G中有ba的感应电流19如图所示，在虚线右侧区域内存在磁感应强度为B的匀强磁场，一质量为m、电荷量为q的电子以速率v0从P点射入匀强磁场，并从Q点射出，入射方向与

4、边界夹角为，下列说法正确的是（）A该匀强磁场的方向是垂直纸面向里B电子在磁场中做圆周运动的半径为C电子在磁场中运动时间D电子的速度方向都改变了20如图所示，在宽度为L的倾斜光滑金属导轨上，有质量为m的金属杆MN，导轨下端有一个阻值为R的电阻，不考虑其他地方的电阻，虚线下方有垂直导轨向上的磁场，磁感应强度为B，MN棒在导轨上可能的运动情况正确的是（）ABCD21匀强电场中有一与电场方向平行的扇形AOB区域，如图所示，圆心角，半径，其中C、D、F将圆弧AB四等分。已知，以下说法正确的是（）ABC电场方向沿AO连线方向D场强大小为3V/m二、实验题（共计两道题，共计15分，其中第22题，6分，每空2

5、分；23题，9分）22（一）读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数_mm；螺旋测微器的读数_mm。 （二）某研究小组采用了如图甲所示的实验装置“验证机械能守恒定律”，在一根不可伸长的细线一端系一个金属小球，另一端固定在 O 点，记下小球静止时球心的位置 A，在 A 处放置一个光电门，将小球拉至某一位置由静止释放。当地重力加速度用 g 表示。（1）为验证机械能守恒，除了要测量小球释放点球心距 A 点高度 h，还需要测量哪些物理量_ （请同时写出物理量的字母），若等式_成立，说明图甲小球下摆过程中机械能守恒。（用题中测得的物理量字母表示） （2）若撤去光电门，在 O 点安装一个拉力传感

6、器，测出线上的拉力 F，实验中记录细线拉力大小随时间的变化如图乙所示（Fm 是实验中测得的最大拉力值）在小球第一次运动至最低点的过程，根据重力势能的减少量和动能的增加量之间的关系，也可验证机械能守恒定律。观察图乙中拉力峰值随时间变化规律，从能量的角度分析造成这一结果的主要原因为：_。23如图所示，图1为多用电表中欧姆表的电路图，已知灵敏电流计表头内阻Rg=900，满偏电流Ig=100A，电源电动势E=1.5V，内阻r=1。定值电阻R1=10，R2=90。图2为多用电表的表盘，请回答下列问题：（1）电源的 _ 端为正极（填 “左”或“右”）（2）当电键拨至1时，欧姆表的倍率是_ （填“×

7、;10”或 “×100”）。（3）某同学把电键拨至2后，进行欧姆调零，当调零完毕时，滑动变阻器接入电路的电阻应为 _ 。接着测量某一电阻，电表指针指示位置如图2所示，则该电阻阻值为_ 。三、计算题（共2道题，总分32分，24题14分，25题18分,要写出必要的解题过程才给分）24如图所示，一条固定的轨道，其中ab段水平粗糙，bcd段是处于竖直平面内的光滑半圆轨道，bd是竖直的直径、轨道半径为R。可视为质点的物块A和B紧靠在一起，静止于b处。两物块在足够大的内力作用下突然分离，分别向左、右运动。A恰好能运动至d点，然后从d点沿水平方向脱离轨道，并落到水平轨道的e点上（图中未画出），已知

8、重力加速度为g，不计空气阻力。（1）求物块A从d点运动至e点过程的水平位移大小；（2）若物块B恰好运动至e点停下，已知B与水平轨道间的动摩擦因数=0.2，求物块A与B的质量之比。25如图所示，一质量为、带电荷量大小为的小球，用绝缘细线悬挂在水平向右的匀强电场中，假设电场足够大，静止时悬线向左与竖直方向夹角为=37°。小球在运动过程中电荷量保持不变，重力加速度g取。求：（，）（1）电场强度E的大小；（2）若在某时刻将细线突然剪断，求经过1s时小球的速度大小v及方向。（3）若撤去电场，求小球摆到最低点时细线的弹力的大小。33.物理【3-3】15分）填正确答案标号。选对1个得2分，选对2个

9、得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分）。(1)如图所示，一定质量的理想气体经历了ABCDA的循环过程，其中CD为等温过程，下列说法正确的是（）AAB过程气体温度升高，气体向外界放热BBC过程气体对外界做功，气体温度升高CCD过程气体内能不变，气体从外界吸热DDA过程气体分子在单位时间内与器壁单位面积碰撞的次数增加E.ABCDA整个过程中气体对外界做的功小于外界对气体做的功(2)如图所示，一端封闭的U型玻璃管竖直放置，封闭端空气柱的长度L=40cm，管两侧水银面的高度差为h=19cm，大气压强恒为76cmHg。（1）若初始温度27，给封闭气体缓慢加热，当管两侧水银面齐平时，求

10、气体的温度；（2）若保持温度27不变，缓慢向开口端注入水银，当管两侧水银面齐平时，求注入水银柱的长度。14B【详解】A根据质量数和电荷数守恒可知，铅核比钍核少8个质子，少16个中子，A错误；B发现中子的核反应方程，属于原子核的人工转变，B正确；C半衰期是放射性元素的大量原子衰变的统计规律，对个别的原子没有意义，C错误；D在中子轰击下生成和的过程中，核的比结合能比核的比结合能小，D错误；故选B。15B【详解】A根据v-t图象的斜率可知：02s内与68s内物体的加速度大小相等、方向相同，故所受合力相同，A错误；B26s内物体的加速度恒定，合力恒定，且大小与02s内的相同，方向与02s内相反，B正确

11、；CD根据v-t图象可知，04s内物体先沿正方向做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，48s内先沿负方向做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，再结合v-t图线包围面积的意义可知，04s内物体的位移不断增大，4s末达到最大值，8s末返回到出发点，CD错误。故选B。16B【详解】对两颗卫星，根据可得因rA=nrB，则卫星A与卫星B的线速度大小之比为；卫星A与卫星B的向心加速度之比为；卫星A与卫星B的周期之比为，不能确定两卫星的质量关系。故选B。17A【详解】对a和b两个小球受力分析，受力分析图如图所示由几何关系知故37°因一根绳上的拉力相等，故拉力大小都为FT，由力的平衡条件可知小球

12、a受到的拉力FTmagcos37°小球b受到的拉力FTmbgsin37°联立可解得故选A。18D【详解】AB在滑片不动的情况下，线圈A中通过的是恒定电流，产生的磁场是恒定的，所以线圈B中不产生感应电流，选项A、B错误；CD在向左移动滑片的过程中，线圈A中电流减小，即线圈B处于逐渐减弱向下的磁场中，由安培定则和楞次定律知，电流表中的电流从b到a，故选项C错误，D正确。故选D。19AC【详解】A电子带负电，根据左手定则可知，该匀强磁场的方向垂直纸面向里，A正确；B电子在磁场中，洛伦兹力提供向心力，则有即B错误；C电子在磁场中运动的时间为C正确；D根据几何关系，所有电子的偏向角为

13、，即所有电子的速度方向都改变了，D错误。故选AC。20BCD【详解】AMN棒到达磁场前做匀加速直线运动，所以A错误；B由于到磁场的距离不确定，当达到磁场的速度时，FA>mgsin，MN棒接着做加速度减小的减速运动，所以B正确；C当达到磁场的速度时，FA<mgsin，MN棒接着做加速度减小的加速运动，所以C正确；D当达到磁场的速度时，FA=mgsin，MN棒接着做匀速直线运动，所以D正确。故选BCD。21ABC【详解】AB连接AB、OC、OD、OE，交点分别为I、H、G，为等边三角形，、为等腰三角形，如图所示由几何关系可得AI=IG=GB即I、G为AB的三等分点，由于匀强电场电势均匀

14、变化，可得，故OF为电势3V的等势面，由几何关系可得DI连线垂直于OA，与OF平行，为电势6V的等势面，即，AB正确；C电场方向垂直于等势面指向电势较低一侧，故沿AO连线方向，C正确；D场强大小为D错误。故选ABC。2210.55mm 7.470mm 小球的直径 d，小球通过光电门时的挡光时间t 克服空气阻力做功，导致每次经过最低点动能都减小一些，所需的向心力减小一些，所以细线最大拉力逐渐减小 【详解】（一）1游标卡尺的读数为2螺旋测微器的读数（二）（1）34要验证机械能守恒定律，选取小圆柱体从光电门2运动到光电门1的过程中，要验证机械能守恒即验证为即故还需要测量小球的直径d，以及小球通过光电

15、门时的挡光时间t。（2）5观察图乙中拉力峰值随时间减少，说明到最低点时速度减小，分析其原因主要是克服空气阻力做功，导致每次经过最低点动能都减小一些，所需的向心力减小一些，所以细线最大拉力逐渐减小。23右 ×100 139.1 140 【详解】(1)1在多用电表的使用过程中，我们需要让电流从红笔流入，黑笔流出，所以在当欧姆档使用时，黑表笔接着内部电源正极，所以电源的右端为正；(2)2当电键拨至1时，这时候电流表等效的量程为所以这时候的中值电阻为所以当电键拨至1时，欧姆表的倍率是“×100”；(3)3 当电键拨至2时，这时候电流表等效的量程为等效内阻为所以这时候的中值电阻为所以

16、滑动变阻器接入电路的电阻为4所以当电键拨至2时，欧姆表的倍率是“×10”，所以该电阻阻值为24（1）2R；（2）【详解】(1)设物块A与B的质量分别为mA、mB，A经过d点时，有从d点水平抛出，经过时间t落到水平轨道上，有联立解得水平位移大小x=2R(2)A和B分离时动量守恒，得A从b点运动至d点过程，由动能定理可得B从b点运动至e点过程，由动能定理得联立解得A与B的质量之比25(1)；(2) v=12.5m/s，方向与竖直方向夹角为37°斜向下； (3)0.14N【详解】(1) 由于小球静止时偏向左边，受电场力水平向左，所以该小球带负电， 对小球，由平衡条件可得qE=mgtan解得电场强度E的大小为(2) 剪断细线后，小球只受重力和电场力，所以两力的合力沿着绳的方向，小球做初速度为零的匀加速直线运动，小球受到的合力为由牛顿第二定律得F=ma由速度-时间公式得v=at代入数据解得v=12.5m/s，方向与竖直方向夹角为37°斜向下(3) 若撤去电场在最低点解得3-31、BCD【详解】AAB过程是等容变化，压强增大则温度升高，内能增大，气体不做功，所以气体应从外界吸热，A选项错误；BBC过程体积增大，气体对外界做功，BC过程是等压变化，体积增大，则温度升高，B选项正确；CCD过程是等温变化，气体内能不变，