2019年江苏省无锡市天一中学高考物理三诊试卷(带答案)

1、第17页，共15页2019年江苏省无锡市天一中学高考物理三诊试卷题号一一二四总分得分一、单选题（本大题共 7小题，共21.0分）1.如图所示，平行板电容器两极板接在直流电源两端。下 列操作能使电容器电容减小的是（）A.增大电源电压B.减小电源电压C.在两极板间插入陶瓷D.增大两极板间的距离2.如图所示，一架无人机执行航拍任务时正沿直线朝斜向下方向匀速运动。用 G表示无人机重力，F表示空气对它的 作用力，下列四幅图中能表示此过程中无人机受力情况的 是（）3 .如图所示，某次空中投弹的军事演习中，战斗机以恒定速度沿水平方向飞行，先后释放两颗炸弹，分别击中山坡上的 M点和N点。释放两颗炸弹的时间间隔

2、为 也 此过程中飞机飞行的距离为 S；击中M、N的时间间隔为 小2, M、N两点间水平距离为S2.不计空气阻力。下列判断正确的是（）A. Ati > At2 , Si >S2C. AtK At2, Si >S2B. Ati> At2, Sk S2D. tiv At2, Sk S24 .如图所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表. 现闭合开关S后，将滑 动变阻器滑片P向左移动，下列说法正确的是（）s0A.B.C.电流表小灯泡电容器A的示数变小，电压表 V的示数变大L变亮5.D.电源的总功率变大如图所示，L是一带铁芯的理想电感线圈, 电路中A、B是两个完全相同的灯泡

3、，与其直流电阻为A灯泡串接一个理_rrrVTTVXC上电荷量减少想二极管D,则（6.A.开关 B.开关 C.开关 D.开关S闭合瞬间, S闭合瞬间, S断开瞬间, S断开瞬间,如图所示，一半径为A灯泡先亮A、B灯泡同时亮A灯泡逐渐熄灭， B灯泡逐渐熄灭，B灯泡立即熄灭A灯泡立即熄灭R的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为 m,电荷量为q的正电荷（重力忽略不计）以速度 沿正对着圆心 O的方向射入磁场，从磁场中射出时速度方向改变了。角.磁场的磁感应强度大小为（v谭血;A.B.C.Ei?D.7.在桌子上有一质量为 mi的杂志，杂志上有一质量为 m2的书.杂志和桌面之间的动摩擦因数为国，杂志

4、和书之间的动摩擦因数为巴欲将杂志从书下抽出，则至少需要用的力的大小为（A.（也+ 摩）（mi+m2）gC.（也+ 卢）m2g二、多选题（本大题共 5小题，共20.0分）B.D.W (mi+m2)g+2m2g(pimi+ um2)g8. 某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置 有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如图 所示，虚线为某带电烟尘颗粒（重力不计）的运动轨 迹，A、B是轨迹上白两点，C点与B点关于放电极对 称。下列说法正确的是（）1 . A点电势低于B点电势8 . A点电场强度小于 C点电场强度C.烟尘颗粒在A点的动能小于在 B点的动能D.烟尘颗粒在A点的电势能小于在 B点

5、的电势能9 .如图所示，在方向垂直纸面向里，磁感应强度为强磁场区域中有一个由均匀导线制成的单匝矩形线框B的匀MXKXMXxC X X Mabcd,线框以恒定的速度 v沿垂直磁场方向向右运动，运动中线框 dc边始终与磁 场右边界平行，线框边长 ad=L, cd=2L.线框导线的总电阻为 R.则在线框离开磁 场的过程中，下列说法中正确的是（）A. ad间的电压为yB.流过线框截面的电量为C.线框所受安培力的合力为D.线框中的电流在 ad边产生的热量为 10. 2016年1月20日，美国天文学家 Michacl Brown推测：太阳系有第九个大行星，其质量约为地球质量的 10倍，直径约为地球直径的4

6、倍.到太阳的平均距离约为地球到太阳平均距离的 600倍，万有引力常数 G已知.下列说法正确的有（）A.该行星绕太阳运转的周期在12万年之间B.由题中所给的条件可以估算出太阳的密度C.该行星表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度D.该行星的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度 11.如图所示是某霍尔元件的内部结构图，其载流子为cd间输出霍尔电压。下列说法正确的有（）电子，a直接直流电源的正极，b接直流电源的负极,A.若工作面水平置于竖直向下的磁场中，c端的电势高于d端B. cd间霍尔电压与ab间电流大小有关C.将该元件移至另一位置，若霍尔电压相同，则两处的磁场强弱相同D.在测定地球赤道上的磁场强

7、弱时，霍尔元件的工作面应保持水平12 .如图所示，质量相等的两个物块A和B用轻弹簧连接后，再用细线将A悬挂，A和B处于静止状态。剪断细线，A、B从静止开始运动到第一次速度相等的过程中，下列说法正确的是（）A.当A加速度为卷?时，B的加速度可能也为 %B.只有重力和弹力对 A做功，A机械能守恒C.当A、B的动能相等时，弹簧的压缩量最大D.当A、B的速度相差最大时，两者加速度均为g三、实验题（本大题共 2小题，共22.0分）13 . （1）如图甲所示为某多用电表的内部简化电路图，作电流表使用时，选择开关S应接（选填“ 1” “2” “3” “4”或“5”）量程较大。（2）某同学想通过多用电表白欧姆

8、挡测量量程为3V的电压表内阻（如图乙），主要步骤如下：把选择开关拨到“ X100”的欧姆挡上；把两表笔相接触，旋转欧姆调零旋钮，使指针指在电阻零刻度处；把红表笔与待测电压表 （选填“正”或“负”）接线柱相接，黑表笔与另 接线柱相连，发现这时指针偏转角度很小；换用（选填“ X10”或“ X1k”）欧姆挡重新调零后测量， 发现这时指针偏转 适中，记下电阻数值；把选择开关调至空挡或交流电压最高挡后拔下表笔，把多用电表放回桌上原处, 实验完毕。（3）实验中（如图丙）某同学读出欧姆表的读数为 "这时电压表读数为 V。14.有一根细长而均匀的金属管线样品，长约60cm,电阻大约为所示。6Q,横截

9、面积如图甲图之A.B.C.D.E.电流表（量程 电流表（量程 电压表（量程 滑动变阻器（ 滑动变阻器（1）用螺旋测微器测量金属管线的外径，示数如图乙所示，金属管线的外径为mm；（2）现有如下器材 0.6A,内阻约0.1 Q 3A,内阻约0.03 9 3V,内阻约3kQ) 1750 Q, 0.3A)15 Q, 3A)F.蓄电池(6V,内阻很小)G.开关一个，带夹子的导线若干要进一步精确测量金属管线样品的阻值，电流表应选 ,滑动变阻器应选 (只填代号字母)。(3)请将图丙所示的实际测量电路补充完整。(4)己知金属管线样品材料的电阻率为P,通过多次测量得出金属管线的电阻为R,金属管线的外径为d,要想

10、求得金属管线内形状不规则的中空部分的截面积S,在前面实验的基础上， 还需要测量的物理量是 。计算中空部分截面积的表达式 为 S=。四、计算题(本大题共4小题，共57.0分)15.如图甲所示，n=50匝的正方形线框 abcd其电阻R=0.5 0边长L=20cm,匀强磁场 垂直于线框平面，磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示。求：(1)。2s内通过ab边横截面的电荷量 q；(2) 3s时ab边所受安培力的大小 F;(3)。4s内线框中产生的焦耳热 Q。16.如图所示，半径R=0.8m的1/4光滑圆弧轨道固定在竖直平 面内，过最低点的半径 OC处于竖直位置，在其右方有一 可绕竖直轴 MN (与圆

11、弧轨道共面)转动的，内部空心的 圆筒，圆筒半径r=0.1m,筒的顶端与C点等高，在筒的 下部有一小孔，距筒顶h=0.8m,开始时小孔在图示位置(与 圆弧轨道共面).现让一质量m=0.1kg的小物块自A点由静止开始下落，打在圆弧轨道上的B点，但未反弹，在瞬间的碰撞过程中小物块沿半径方向的分速度立刻减为零， 而沿圆弧切线方向的分速度不变.此后，小物块沿圆弧轨道滑下，到达C点时触动光电装置，使圆筒立刻以某一角速度匀速转动起来，且小物块最终正好进入小孔.已知 A点、B点到圆心。的距离均为R,与水平方向的夹 角。均为30。，不计空气阻力，g取l0m/s2.试问：(1)小物块到达 C点时的速度大小是多少？

12、 (2)圆筒匀速转动时的角速度是多少？(3)要使小物块进入小孔后能直接打到圆筒的内侧壁，筒身长L至少为多少？17 .如图所示，与水平面成0 =30的传送带正以v=3m/s的速度匀速运行，A、B两端相科生取g=10m/s2.求:距l=13.5m。现每隔1s把质量m=1kg的工件(视为质点)轻放在传送带上，工件在传送带的带动下向上运动，工件与传送带间的动摩擦因数(1)相邻工件间的最小距离和最大距离；(2)传送带将一个工件由底端运到顶端过程中多消耗的能量;(3)满载与空载相比，传送带需要增加多大的牵引力？18 .质谱仪是一种测定带电粒子质量和分析同位素的重要工具，原理如图所示是质谱仪的工作原理示意图

13、。离子从容器A下方的狭缝S1飘入(初速度视为零)电压为 U的加速电场区，加速后再通过难过狭缝 S2后再从S3垂直于磁场边界射入偏转磁场， 该偏转磁场是一个以直线 MN为上边界、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场的磁感应弓II度为B.离子经偏转磁场后， 最终到达照相底片 D上，不考虑离子间的相 互作用。(1)若离子的电荷量为 q,它最终打在照相底片 D上的位置到狭缝S3的距离为d, 求离子的质量m；(2)若容器A中有大量入(1)中所述粒子，它们经过电场加速后由狭缝进入磁场 时，可认为速度大小相等，但速度方向并不都严格垂直于边界MN,其中偏离垂直于MN方向的最大偏角为 。，则照相底片D上得到的谱线

14、的宽度 厚为多少？(3)若容器A中有电荷量相同的铜 63和铜65两种离子，它们经电场加速后垂直 于MN进入磁场中会发生分离，但实际工作时加速电压的大小会在U坯U ；范围内微小变化。为使这两种离子将来打在照相底片上的区域不发生交叠，应小于多少？(结果用百分数表示，保留两位有效数字)2019年江苏省无锡市天一中学高考物理三诊试卷答案和解析【答案】1. D2. B3. A4. A5. B6. B 7. A8. AC9. ABD10. ACD11. AB12. CD13. 1 负“Mk”40000 2.2014.0.905 A E管线长度L ：半15.解：（1）由法拉第电磁感应定律得电动势为：息。A自

15、L2 I=/V-tt = /VS- = 50 x OZ x 0.Z = 丁V=0.6V u tu C7感应电流为：1=二_|二.: 电量为：q=I At解得：q=1.2 >2C=2.4C；(2)安培力为：F=BIL由图得3s时得：B=0.3T代入数值得：F=BIL=0.3M.2 >0.2N=0.072N;(3)由焦耳定律得：Q=I2Rt代入数值得：Q=1.22xq.5 4J=2.88J答：(1) 02s内通过ab边横截面的电荷量 2.4C;(2) 3s时ab边所受安培力的大小为0.072N；(3) 04s内线框中产生的焦耳热 2.88J。16.解：（1）根据弓=2/得, 叱=2 X

16、 10 X 0.8 = 4m/s.= 4 X -j- =根据机械能守恒定律得:"q=内加1_.60 口) +3* 代入数据解得 %=2而/3.(2)由 h=：时得,t=后二 n.4sL = ；(“ +=；X 10 X (0.4 + 0.1)2=1.25m.答：(1)小物块到达C点时的速度大小是2即指(2)圆筒匀速转动时的角速度是5n兀(n=1, 2, 3,)(3)要使小物块进入小孔后能直接打到圆筒的内侧壁，筒身长 L至少为1.25m.17 .解：(1)设工件在传送带上加速运动时的加速度为a,则由牛顿第二定律有：师gcos -mgsin 0ma可得：a=(igcosagsin 0= X

17、10X/-10 x=1m/s2刚放上下一个工件时，该工件离前一个工件的距离最小，且最小距离为：dmin=at2=M M2m=0.5mdmax=vt=3m当工件匀速运动时两相邻工件相距最远，则有:(2)工件加速时间为；3= = s=3s此过程，工作与传送带间的相对位移为：Ax=vt/Ei= X3m=4.5m传送带将一个工件由底端运到顶端过程中多消耗的能量E =mglsin 0 +mgcos Ax解得：E=148.5J(3)由于工件加速时间为 t1=3s,因此传送带上总有三个( m=3)工件正在加速，故所有做加速运动的工件对传送带的总滑动摩擦力为：Ff1=3 pmgcos 0在滑动摩擦力作用下工彳

18、移动的距离为：x'=；1m=4.5m所以传送带上匀速运动的工件个数为：必当一'=处守=3当工件与传送带相对静止后，每个工件受到的静摩擦力Ff0=mgsin，。所以做匀速运动的工件对传送带的总静摩擦力为：Ff2=n2Ffo与空载相比，传送带需要增加的牵引力为：邸 /1F = Ff1+Ff2=3 pmgcos 0n2mgsin 0 =3X1 M0± +3X1 M0N=33N答：(1)相邻工件间的最小距离为0.5m和最大距离为3m；(2)传送带将一个工件由底端运到顶端过程中多消耗的能量是148.5J；(3)满载与空载相比，传送带需要增加33N的牵引力。18 .解：(1)离子

19、在电场中加速，由动能定理得：qU=n/,粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力, 由牛顿第二定律得：qvB=mr,解得:m=Md*时(2)垂直于MN方向的离子将打到照相底片上的P点，离狭缝S3最远，Ls3P=d,与垂直与MN方向夹角为。的离子将打到照相底片上的Q位置，离狭缝S3最近，离子运动轨迹如图所示，由于各离子速度相等，在磁场中做圆周运动的轨道半径相等，Ls3Q=2Rcos 0 dcos 0,Ax=Ls3P-Ls3Q=d-dcos。桂(1-cos © ;(3)设加速电压为U,对于质量为m、电荷量为q的离子,由动能定理得：qU=3nt?由牛顿第二定律得：qvB=m,解得：R=对

20、于质量不同而电荷量相同的不同离子，加速电压相同时，质量越大做圆周运动的半径越大，对同种离子，加速电压越大，其做圆周运动的半径越大；设铜63的质量为mi,加速电压为 U+川时的半径为Ri,铜65的质量为m2,加速电压 为U-AU时的半径为：R2,要使得两种离子打到照相底片上的位置不重叠，则有：RivR2,|1 小”曲+ & 内 11 gm/ 0 炉)165-63h no/即：一< J ,贝U:=. 3=0.015625=1.6% ;答：(1)离子的质量m为富；(2)照相底片D上得到的谱线的宽度 次为d (1-cos 0 ;(3)为使这两种离子将来打在照相底片上的区域不发生交叠，:&

21、quot;应小于1.6%。【解析】1 .解：电容的大小与电量和电压无关，故改变电压不会影响电容的大小；故 AB错误;C、根据电容的决定式 C=+j可知，在板间插入陶瓷介质，电容增大；故 C错误；D、根据电容的决定式 C=看;可知，增大两板间的距离时，电容减小，故 D正确。故选：Do根据电容的决定式 C=*进行分析，知道电容器的电容与电容器的带电量和电压无关。解决本题的关键要掌握电容的决定式C=Jj和定义式C=；，知道电容的物理意义和决定因素是解题的关键。2 .解：无人机受重力和空气作用力的作用，由于无人机匀速运动，故受力平衡，空气作用力竖直向上，与重力相互平衡，故 B正确ACD错误。故选：B无

22、人机在匀速运动，根据平衡条件进行分析，从而明确重力和空气作用力的方向。本题关键明确平衡条件的应用，注意明确力和运动的关系，知道物体匀速运动时受到的合力为零。3 .解：释放的炸弹做平抛运动，若落地点在同一水平面上，落地的时间间隔与释放的时间间隔相等，由于 N在M点的上方，则击中 M、N的时间间隔 义2义1.因炸弹飞行 时间小于飞机的飞行时间，所以飞机飞行的距离为&大于MN间的水平距离S2;故A正确BCD错误。故选：A。抓住炸弹做平抛运动， 在水平方向上的运动规律与飞机相同，炸弹落地前在飞机的正下方，判断击中M、N的时间间隔是否为零；运用假设法，假设落在同一水平面上时，时 间间隔的关系，从

23、而确定实际的时间间隔关系；再根据水平方向上的匀速运动规律确定水平位移关系。解决本题的关键知道炸弹做平抛运动，在水平方向上的运动规律与飞机相同，注意炸弹未落地前，炸弹始终在飞机的正下方。4 .解：A、B闭合开关S后，将滑动变阻器滑片 P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流 I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数 变小。电压表的示数 U=E-I （Rl+），I减小，其他量不变，则 U增大，即电压表 V的 示数变大。故 A正确，B错误。C、电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U增大，由Q=CU,知电容器C上的电荷量增大。故 C错误。D、电源的

24、总功率 P=EI, I减小，则电源的总功率变小。故 D错误。故选：A闭合开关S后，将滑动变阻器滑片 P向左移动时，分析变阻器接入电路的电阻如何变化， 确定外电路总电阻的变化，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，判断电流表示数和灯泡亮度的变化.由欧姆定律分析电压表示数的变化.根据变阻器电压的变化，判断电容器的电量变化.电源的总功率为P=EI,与电流成正比.本题是电路动态变化分析问题，电容器所在电路相当于开关断开，根据欧姆定律进行分析.5 .解：AB、闭合瞬间线圈相当于断路，二极管为正向电流，故电流走 A灯泡，B也同时亮，故 A错误，B正确。CD、L是一带铁芯的理想电感线圈，其直流电阻为0

25、,电路稳定后A就熄灭了，不用等开关断开；开关S断开瞬间B立刻熄灭，由于二极管只正向导通， 故自感线圈与 A无法 形成回路，A不会在闪亮，故CD错误。故选：Bo依据自感线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；二极管 的特征是只正向导通.该题两个关键点，1、要知道理想线圈的特征：刚通电时线圈相当于断路，断开电键时线圈相当于电源；2、要知道二极管的特征是只正向导通.6 .解：根据题意作出粒子运动的轨迹如图所示：从磁场中射出时速度方向改变了。角，所以粒子做圆周运动的圆心角为以根据几何关系有：r= Rcot选项ACD错误,根据Bqv=m得：B正确。故选：Bo先根据题意作出粒子运动的

26、轨迹，找出圆心，确定圆心角，根据几何关系求出粒子运动的半径与R的关系，再根据洛伦兹力提供向心力公式即可求解.本题是带电粒子在磁场场中运动的问题，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，要求同学们能画出粒子运动的轨迹，结合几何关系求解，难度适中.7 .解：当杂志刚好从书下抽出时，书所受的静摩擦力达到最大，由牛顿第二定律得：对书，有： m2m2g=m2a对整体，有： F-禺（mi+m2） g= （mi+m2） a联立得 F= （ 口 + /）（mi+m2）g故选：A。当杂志刚好从书下抽出时，书所受的静摩擦力达到最大，分别对书和整体运用牛顿第二定律列式求解.本题考查整体法与隔离法的应用，重点是判定什么条件下

27、出现相对运动，知道当书与杂志刚要发生相对运动时静摩擦力达到最大.8 .解：A、由沿电场线方向电势降低可知，A点电势低于B点电势，故A正确；B、由图可知，A点电场线比C点密集，因此 A点的场强大于C点场强，故B错误；C、烟尘颗粒带负电，从 A到B的过程中，电场力做正功，动能增加，烟尘颗粒在A点的动能小于在 B点的动能，故C正确；D、烟尘颗粒带负电，从 A到B的过程中，电场力做正功，电势能减小，烟尘颗粒在A点的电势能大于在 B点的电势能，故 D错误。故选：AC。根据电场方向，分析尘埃所受的电场力方向，判断其电性。放电极与集尘极间建立非匀强电场，尘埃所受的电场力是变化的。电场力对尘埃做正功。本题考查

28、考查分析实际问题工作原理的能力，解题时，明确电场线的分布规律，并且能抓住尘埃的运动方向是解题突破口。9 .解：A.在线框离开磁场的过程中，ab边产生的感应电动势为 E =B?2Lv=2BLv线框中的感应电流为1= 江.Jr Had间的电阻设为r,则有6r=R,得r=ih故ad间的电压为U = Ir=.故A正确。ism l站/B.流过线框截面的电量为 q=It = k与二R，故B正确。C.由左手定则判断知，ad与bc所受的安培力大小、方向相反，合力为零，则线框所受安培力的合力等于 ab边所受的安培力，为 F=BI?2L= 手；故C错误。I 2 1D.线框中的电流在ad边产生的热量为 Q=I2rt

29、,联立解得Q=*，故D正确。J n故选ABD。在线框离开磁场的过程中，ab边切割磁感线产生感应电动势，相当于电源，根据法拉第定律和欧姆定律求 ad间的电压。由q=It求通过线框截面的电量，由公式 F=BIL求解 安培力。由焦耳定律求热量。该题是电磁感应与电路的综合，考查法拉第电磁感应定律和闭合回路欧姆定律的应用， 是一道常规题.要注意题目中线框边长不等，分清楚哪个边在切割磁感线，知道各边的 电阻关系。10.解：A、根据周期公式7 = 厝，得白g二地球公转周期7推=1年T行二14696年,故A正确。Mr”HB、因为太阳半径未知，所以无法求解太阳的体积，太阳密度无法求，故 B错误。C、任一星球表面

30、有D、根据第一宇宙速度公式 口=,塔得5=忌=*>1'故D正确。故选：ACD。计算出行星周期与地球公转根据万有引力提供向心力， 得出周期与轨道半径的关系式,周期之比就能得出行星绕太阳的公转周期，根据密度，二，分析密度，根据重力等于万有引力可以得出行星表面的重力加速度与地球表面的重力加速度之比，根据第一宇宙速度公式分析第一宇宙速度.解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，知道一般认为重力等于万有引力，记住第一宇宙速度公式.11 .解：A、根据左手定则，电子向 d端偏转，d端带负电，所以 D端的电势低，c端的 电势高于d端，故A正确；B、根据CD间存在电势差，

31、之间就存在电场，电子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡，设霍尔元件的长宽高分别为a、b、c,有"，=qvB, I = nqvS=nqvbc,则Ucd=： , n由材料决定，故U与材料有关；U还与厚度c成反比，与宽b无关，同时还与磁场 B与电 流I有关，故B正确；C、将该元件移至另一位置，若霍尔电压相同，则两处的垂直工作面的磁场强弱相同，故C错误；D、在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，应将元件的工作面保持竖直，让磁场垂直通 过。故D错误。故选：AB。电流的方向与电子定向移动的方向相反，根据左手定则判断出洛伦兹力的方向，从而得出电子的偏转方向，导致 M、N两个侧面间形成电势差，最终电子在电

32、场力和洛伦兹力 的作用下处于平衡。解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，以及知道稳定时电子所受的洛伦兹力和电场力平衡。12 .解：A、当A加速度为11g时，弹簧对A的拉力方向向下，对 B的拉力方向向上，设弹簧的拉力为F,则对A： F+mg=maAII可得：F= mg对 B： mg-f=maB一 FB的加速度：如=的故A错误;B、弹簧的弹力对 A做功，A的机械能不守恒。故 B错误；C、开始时弹簧处于伸长状态，A的加速度大于B的加速度，所以开始时的一段时间内A的速度大于B的速度，A B之间的距离将减小，A、B之间的距离小于弹簧的原长后,A的加速度小于 B的加速度，A与B之间的距离继续减小；

33、 它 广们的速度-时间关系图象如图：W了二_可知当二者的速度相等时， A相对于B的位移最大，此时弹簧 */的长度最短，压缩量最大。故 C正确；一/7 ' /jD、由图可得，当它们的速度相差最大时，二者速度-时间的：图象的斜率是相等的，即它们的加速度相等，设加速度都是a,力二2ma=2mg, 所以：a=g即：当A、B的速度相差最大时，两者加速度均为go故D正确。故选：CD。对A、B受力分析得出它们的运动情况：A做加速度减小的变加速运动，B做加速度增大的变加速运动，经过时间t后AB速度相等，画出速度时间图象，根据图象即可求解。处理本题的关键是对物体进行受力分析和运动过程分析，运用图象法处理

34、，可以使问题大大简化。13 .解：(1)由图示电路图可知，开关接1、2时表头与电阻并联，此时多用电表测电流，选择开关接1时并联分流电阻阻值小，电流表量程大。(2)欧姆表内置电源负极与红表笔相连，把红表笔与待测电压表负接线柱相接，黑 表笔与另一接线柱相连；欧姆表指针偏角很小， 说明所选挡位太小，为准确测量电阻阻值， 应换大挡，换用Mk 欧姆档重新调零后测量。(3)欧姆表选择 Mk挡，由图丙所示表盘可知，欧姆表读数为：40X1k=40kQ；电压表量程为3V,由图示电压表表盘可知，其分度值为 0.1V,示数为2.20V； 故答案为：(1) 1； (2)负“ X1k” ； ( 3) 40000, 2.

35、20。(1)表头与分流电阻并联可以改装成电流表，并联分流电阻阻值越小，电流表量程越 大，分析图示电路图答题。(2)欧姆表内置电源负极与红表笔相连，正极与黑表笔相连，电压表正接线柱应接高 电势点；用欧姆表测电阻要选择合适的挡位使指针指在中央刻度线附近，欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表示数；(3)根据欧姆表挡位与图示指针位置读出其示数；根据电压表量程确定其分度值，然 后根据指针位置读出其示数。解决该题的关键是明确知道多用电表的内部结构的原理，知道电流从红表笔进， 从黑表笔出，知道电压表读数时有效数字位数的保留方法；14.解：(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5mm+40.5 0.01mm=0.905mm；(2)电路中的电流大约为I=： =:=0.5A,所以电流表选择 A.待测电阻较小，若选用大电阻滑动变阻器，测量误差角度，所以滑动变阻器选择E。(3)待测电阻远小于电压表内阻，属于小电阻，所以电流表采取外接法。滑动变阻器 可以采用限流式接法，实物电路图如图所示；L,根据(4)导体的电阻值与导体的长度有关，所以还需要测量的物理量是管线长度R=W则有：S' =*,则中空部分的截面积为：S= J 6 号-%。故答案为：(1) 0.905; (2) A; E; (3)实物电路图如图所示；(