高考专题复习功和能

1、仅供个人参考功和能(一)一、单项选择题1.如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一小球向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面设小球在斜面最低点A的速度为v，压缩弹簧至C点时弹簧最短，C点距地面高度为h，则从A到C的过程中弹簧弹力做功是()Amghmv2B.mv2mghD(mghmv2)12Cmgh1212Forpersonaluseonlyinstudyandresearch;notforcommercialuse解析：小球从斜面底端到最高点C的过程中，重力、弹簧弹力做功，C点为最高点，即vC0，由动能定理得：11mghW弹02mv2，W弹mgh2mv2，故A正确答案：A2.如图所示，木板可绕固定水

2、平轴O转动木板从水平位置OA缓慢转到OB位置，木板上的物块始终相对于木板静止在这一过程中，物块的重力势能增加了2J用FN表示物块受到的支持力，用Ff表示物块受到的摩擦力在此过程中，以下判断正确的是()Forpersonaluseonlyinstudyandresearch;notforcommercialuseAFN和Ff对物块都不做功BFN对物块做功为2J，Ff对物块不做功CFN对物块不做功，Ff对物块做功为2JDFN和Ff对物块所做功的代数和为0解析：由做功的条件可知：只要有力，并且物块沿力的方向有位移，那么该力就对物块做功由受力分析知，支持力FN做正功，但摩擦力Ff方向始终和速度方向垂直

3、，所以摩擦力不做功由动能定理知WFNmgh0，故支持力FN做功为mgh.答案：B3如图所示，分别用F1、F2、F3将质量为m的物体由静止沿同一光滑斜面以相同的加速度从斜面底端拉到斜面的顶端，物体到达斜面顶端时，力F1、F2、F2的功率关系为()不得用于商业用途4.一辆汽车在平直的公路上以某一初速度运动，运动过程中保持恒定的牵引功率，其加速度a和速度的倒数图象解析：由FFfma，PFv可得：af，对应图线可知，k40，可求出汽车的功率P，由a0时，mvmmFf仅供个人参考AP1P2P3BP1P2P3CP3P2P1DP1P2P3解析：设物体的质量为m，三种情况下物体的加速度a相同，由牛顿第二定律知

4、Fmgsinma，故各力在速度方向上的分量都相同，又因加速度相同，斜面长度相同，所以三种情况下到达斜面顶端时的速度相等，所以据功率公式可知P1P2P3，故选A.答案：A1v如图所示若已知汽车的质量，则根据图象所给的信息，不能求出的物理量是()A汽车的功率B汽车行驶的最大速度C汽车所受到的阻力D汽车运动到最大速度所需的时间P1FP1vmP0.05可得：vm20m/s，再由vm，可求出汽车受到的阻力Ff，但无法求出汽车运动到最大速度所需的时间答案：D5.质量为2kg的物体，放在动摩擦因数为0.1的水平面上，在水平拉力F的作用下，由静止开始运动，拉力做的功W和物体发生的位移x之间的关系如图所示，g1

5、0m/s2，下列说法中正确的是()A此物体在AB段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15WB此物体在AB段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为6WC此物体在AB段做匀加速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为6WD此物体在AB段做匀速直线运动，且整个过程中拉力的最大功率为15W解析：由题图知前3m位移内拉力大小为5N，摩擦力大小为fmg2N，根据牛顿第二定律可得加速度为aa1.5m/s2，所用时间为t2x2s，末速度为3m/s；后6m位移内拉力大小等于2N，与摩擦力等大反向，所以物体在AB段做匀速直线运动，整个过程中拉力的最大功率为PmFmvm15W，D对答案：D二、多项选

6、择题6一滑块在水平地面上沿直线滑行，t0时其速度为2.0m/s.从此刻开始在滑块运动方向上再施加一水平拉力F，力F和滑块的速度v随时间t的变化规律分别为图甲和乙所示设在第1s内、第2s内、第3s内力F对滑块做功的平均功率分别为P1、P2、P3，则()AP1P2P3BP1P2P3不得用于商业用途22A物体所受的合外力做功为mghmvB物体所受的合外力做功为mv仅供个人参考C02s内力F对滑块做功为4JD02s内摩擦力对滑块做功为4J解析：第1s内力F对滑块做功的平均功率为P1F1v111W1W；第2s内力F对滑块做功的平均功率为P2F2v231W3W；第3s内力F对滑块做功的平均功率为P3F3v

7、322W4W；所以，P1P2R，故D错误答案：B3.如图所示，一轻质弹簧下端固定，直立于水平地面上，将质量为m的物体A从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体A下降到最低点P时，其速度变为零，此时弹簧的压缩量为x0；若将质量为2m的物体B从离弹簧顶端正上方h高处由静止释放，当物体B也下降到P处时，其速度为()A.2ghB.ghC.D.解析：物体与弹簧构成的系统机械能守恒物体从释放到下降到P处，对质量为m的物体A有2mg(hx0)Ep弹，对质量为2m的物体B有2mg(hx0)Ep弹12mv2.联立解得vghx0，D正确不得用于商业用途22v0vt所以hh，故D正确仅供个人参考答案：D4.如图所

8、示，一直角斜面体固定在水平地面上，左侧斜面倾角为60，右侧斜面倾角为30，A、B两个物体分别系于一根跨过定滑轮的轻绳两端且分别置于斜面上，两物体下边缘位于同一高度且处于平衡状态，不考虑所有的摩擦，滑轮两边的轻绳都平行于斜面若剪断轻绳，让物体从静止开始沿斜面滑下，下列叙述错误的是()A着地瞬间两物体的速度大小相等B着地瞬间两物体的机械能相等C着地瞬间两物体所受重力的功率相等D两物体的质量之比为mA/mB1/3解析：根据初始时刻两物体处于平衡状态，由平衡条件可知，mAgsin60mBgsin30，由此可得，两物体的质量之比为mA/mB1/3，由机械能守恒定律可知，着地瞬间两物体的速度大小相等，选项

9、A、D叙述正确；着地瞬间，A物体重力功率PAmAgvsin60，B物体重力功率PBmBgvsin30，两物体所受重力的功率相等，选项C叙述正确；由于两物体质量不等，初始状态两物体的机械能不等，所以着地瞬间两物体的机械能不相等，选项B叙述错误答案：B5如图所示，质量、初速度大小都相同的A、B、C三个小球，在同一水平面上，A球竖直上抛，B球以倾斜角斜向上抛，空气阻力不计，C球沿倾角为的光滑斜面上滑，它们上升的最大高度分别为hA、hB、hC，则()AhAhBhCBhAhBhCDhAhChB解析：A球和C球上升到最高点时速度均为零，而B球上升到最高点时仍有水平方向的速度，即仍有动能1v200对A、C球

10、的方程为mgh2mv2，得h2g11202对B球的方程为mgh2mvt2mv2，且vt02g答案：D二、多项选择题6.图甲中弹丸以一定的初始速度在光滑碗内做复杂的曲线运动，图乙中的运动员在蹦床上越跳越高下列说法中正确的是()A图甲弹丸在上升的过程中，机械能逐渐增大B图甲弹丸在上升的过程中，机械能保持不变C图乙中的运动员多次跳跃后，机械能增大D图乙中的运动员多次跳跃后，机械能不变不得用于商业用途仅供个人参考解析：弹丸在光滑的碗内上升过程中，只有重力做功，其机械能保持不变，A错误，B正确；运动员在蹦床上越跳越高，其机械能逐渐增大，C正确，D错误答案：BC7.如图所示，轻质弹簧的一端与固定的竖直板P

11、拴接，另一端与物体A相连，物体A静止于光滑水平桌面上，A右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与物体B相连开始时用手托住B，让细线恰好伸直，然后由静止释放B，直至B获得最大速度下列有关该过程的分析正确的是()AB物体的机械能一直减少BB物体动能的增量等于它所受重力与拉力做功之和CB物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能的增加量D细线的拉力对A做的功等于A物体与弹簧组成的系统机械能的增加量解析：由于细线的拉力对B做负功，故B物体机械能一直减少，A正确；根据动能定理可确定B正确；由于该过程中A的动能增加，故B物体机械能的减少量等于弹簧弹性势能与物体A动能增加量的和，故C错误；细线的拉力对A和弹簧组成的系

12、统做正功，根据功能关系，D正确答案：ABD8.如图所示是某中学科技小组制作的利用太阳能驱动小车的装置当太阳光照射到小车上方的光电板时，光电板中产生的电流经电动机带动小车前进若小车在平直的公路上以初速度v0开始加速行驶，经过时间t，前进了距离l，达到最大速度vmax，设此过程中电动机功率恒为额定功率P，受的阻力恒为Ff，则此过程中电动机所做的功为()CFftAFfvmaxtv0vmax2BPt1120D.2mvmaxFfl2mv2Fflmv2maxmv20，得：Wmv2maxmv20Ffl，故D正确，C错误1面，其半径为Rm，轨道ABC与平面N相切于C点，DEF是包围在半圆平面N周围且垂直于N的

13、光滑半圆形挡板，解析：因小车以恒定的功率运动，故此过程小车电动机做功为WPtFfvmaxt，A、B均正确；由动能定理可得W1112222答案：ABD三、计算题9.如图所示，ABC为固定在竖直面内的光滑四分之一圆轨道，其半径为r10m，N为固定在水平面内的半圆平10质量为M1kg的滑块的上表面与平面N在同一水平面内，且滑块与N接触紧密但不连接，现让物体自A点由静止开始下滑，进入平面N后受到挡板DEF的约束并最终冲上滑块，已知m1kg，物体与平面N之间的动摩擦因数为1(0.5、与滑块之间的动摩擦因数为20.4，滑块与地面之间是光滑的，滑块的竖直高度为h0.05m，长L4m取g10m/s2)(1)物

14、体滑到C处时对圆轨道的压力是多少？(2)物体运动到F处时的速度是多少？不得用于商业用途2vC在C处有Fmgm由以上三式得ts或2s(不合题意舍去)仅供个人参考(3)当物体从滑块上滑落后到达地面时，物体与滑块之间的距离是多少？12解析：(1)对物体从A处到C处，由机械能守恒定律得mgr2mvC，r联立解得F3mg30N由牛顿第三定律可知，物体滑到C处时，对圆轨道的压力是30N.(2)对物体从C处到F处，由动能定理有11221mgR2mvF2mvC，解得vF10m/s.(3)物体在滑块上运动，对物体由牛顿第二定律有：2mgma1，解得a14m/s2对滑块由牛顿第二定律有：2mgMa2，解得a24m

15、/s2设经t时间物体刚要从滑块上滑落，此时物体的速度为v1，运动的位移为x1，滑块的速度为v2，运动的位移为x211x1vFt2a1t2，x22a2t2，x1x2L12则有v18m/s，v22m/s11设物体从抛出到落地时间为t1，h2gt2，得t10.1s这段时间内物体水平位移x3v1t10.8m滑块水平位移x4v2t10.2mxx3x40.6m.答案：(1)30N(2)10m/s(3)0.6m10如图所示，质量为m1kg的滑块，在水平力作用下静止在倾角为30的光滑斜面上，斜面的末端B与水平传送带相接(滑块经过此位置滑上皮带时无能量损失)，传送带的运行速度为v03m/s，长为L1.4m今将g

16、水平力撤去，当滑块滑到传送带右端C时，恰好与传送带速度相同滑块与传送带间的动摩擦因数0.25，10m/s2.(1)求水平作用力F的大小；(2)求滑块下滑的高度；(3)若滑块滑上传送带时速度大于3m/s，求滑块在传送带上滑行的整个过程中产生的热量解析：(1)滑块受到水平推力F、重力mg和支持力FN而处于平衡状态，由平衡条件可知，水平推力不得用于商业用途Fmgtan，代入数据得F103仅供个人参考3N.(2)设滑块从高为h处下滑，到达斜面底端速度为v，下滑过程机械能守恒，故有mghmv2，所以v2gh答案：(1)10312若滑块滑上传送带时的速度小于传送带速度，则滑块在传送带上由于受到向右的滑动摩擦力而做匀加速运动；根11v200据动能定理有mgL2mv22mv2，所以h12gL，代入数据得h10.1m若滑块冲上传送带时的速度大于传送带的11v200速度，则滑块由于受到向左的滑动摩擦力而做匀减速运动；根据动能定理有mgL2mv22mv2，则h22gL，代入数据得h20.8m.1(3)设滑块在传送带上运动的时间为t，则t时间内传送带的位移xv0t，mgh22mv2，v0vat，ag滑块相对传送带滑动的位移sLx，相对滑动产生的热量Qmgs，代入数据可得Q0.5J.3N(2)0.