周末练三含答案

1、周末练习（三）一.选择题现在手机屏幕流行电阻屏与电容屏，电阻屏使用时利用压力使上下电极导通，通过改变面板电压来输入信息？电容屏使用时利用接触物与触摸屏作为电容的两极使它们之间形成一个电场，通过改变接触点与触摸屏四个角之间电容来输入信息，则（）电容屏和电阻屏的触摸屏顶部都必须是柔软的手机贴膜必须是导电的普通的塑料手写笔无法使用于电容屏手机戴着一般手套仍能轻松直接使用电容屏手机有一个负点电荷只受电场力的作用，分别从两电场中的a点由静止释放，在它沿直线运动到b点的过程中动能Ek随位移S变化的关系图象如左下图中的？图线所示，则能与图线相对应的两个电场的电场线3在光滑绝缘的水平面上，存在一个水平方向的匀

2、强电场，电场强度大小为E,在该电场中一个半径为R的圆周，其中PQ为直径，C为圆周上的一点，在0点将一带正电的小球以相同的初速率向各个方向水平射出时,小球可以到达圆周的任何点，但小球到达C点时的速度最大，已知PQ与PC间的夹角为9=30：则关于该电场强度E的方向及PC间的电势差大小说法正确的是（）A.E的方向为由P指向Q,Upc=3ERB.E的方向为由Q指向C，3ERE的方向为由P指向C,Upc三ER3erE的方向为由0指向C,Upc二4如图所示,O?B?A为一粗糙绝缘水平面上的三点，一电荷量为-Q的点电荷固定在0点,现有一质量为m,电荷量为+q的小金属块（可视为质点）,从A点以初速度vo沿它们

3、的连线向固定点电荷运动，到B点时速度最小，其大小为v.已知小金属块与水平面间的动摩擦因数为讹AB间距离为L?静电力常量为k,则（）A.OB间的距离为kQqmgB.在小金属块由A向O运动的过程中，电势能先增大后减小C.在小金属块由A向0运动的过程中，其加速度先减小后增大1JmgLmvD.在点电荷-Q形成的电场中,A?B两点间的电势差为如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处,放置一个正点电荷.达到静电平衡后,a端的电势比b端的高B.b端的电势比d点的低C.a端的电势不一定比d点的低D.杆内c处的场强为零有一种测量物体重量的电子秤，其电路原理图如图中的虚线所示，主要由三部分构成：踏板？压力传感

4、器R（实际上是一个阻值可随压力大小而变化的电阻器）？显示体重的仪表G（实质上是电流表）.不计踏板的质量,已知电流表的量程为2A,内阻为1Q,电源电动势为12V,内阻为1Q,电阻R随压力F变化的函数式为RTOCo1-5hz=30.01F（F和R的单位分别是N和Q）.下列说法正确是（）T；压力传感器：|j1该秤能测量的最大体重是2500N该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表G刻度盘0.375A处该秤零刻度线（即踏板空载时的刻度线）应标在电流表刻度盘0.400A处D.该秤可以通过电路规律转换成D.该秤可以通过电路规律转换成F=3200-1200关系进行刻度转换I7图中电源电动势E=10V

5、,R1=4Q,R2=6Q,C=30gF,电池内阻可忽略不计，电键K闭合，现将电键K断开，这个7图中电源电动势E=10V,R1=4Q,R2=6Q,C=30gF,电池内阻可忽略不计，电键K闭合，现将电键K断开，这个过程中流过R1的电量为（）A?1.810CB?3104CC?4.810“CD?1.2104C电压表由电流表与电阻R串联而成，如图所示，若在使用中发现此电压表的读数总比准确值稍大一些，采用下列哪种措施可能加以改进（A.在R上串联一比R大得多的电阻B.在R上串联一比R小得多的电阻C.在R上并联一比R小得多的电阻D.在R上并联一比R大得多的电阻如图所示电路中，电源电动势为E?内阻为r,电阻R2

6、?R3为定值电阻,R1为滑动变阻器,A?B为水平放置的电容器的上下两个极板？当滑动变阻器R1处于某位置时,A?B两板间的带电油滴悬浮不动，则下列说法中正确的是（）两极板A?B间正对面积减小其他条件不变时，油滴将向下运动移动R1的滑动触头且其他条件不变时，电压表的读数增大了机,则电阻R3两端的电压减小了AU欲使带电油滴向上运动，则采取的方法可能是使可变电阻R1滑动触头向右移动（U-1图线），图线表示其输出功率与电流的（U-1图线），图线表示其输出功率与电流的欲使R2的热功率变大，则只能使R1的滑动触头向右移动如图所示的图线表示某电池组的输岀电压与电流的关系关系（P-I图线）,则下列说法正确的是（

7、）C.电流为2A时，外电路的电阻为C.电流为2A时，外电路的电阻为25q320QD.输出功率为120W,输出电压是第IIB.电池组的内阻为卷（非选择题）30V二？实验题11.要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率11.要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率3cmhiL0图甲millP步骤如下：團乙團丙（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图甲所示（2）用螺旋测微器测量其直径如上图乙所示（3）用伏安法较精确地测量该圆柱体的电阻，由图可知其长度，由图可知其直径D=_Rx现有的器材和规格如下：mm;mm;待测圆柱体电阻Rx（其阻值约为200Q）;电流表A（量程015mA,内阻约30Q）;电压表V（

8、量程03V,内阻约20kQ）;直流电源E（电动势4V,内阻不计）;滑动变阻器R（阻值范围015Q,允许通过的最大电流2.0A）;开关S;导线若干.为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图丙框中画岀测量的电路图.若测待测圆柱体电阻Rx时,电压表和电流表示数分别用U和I表示，则该圆柱体材料的电阻率尸.（不要求计算，用题中所给字母表示）（1）如图为一多用电表表盘示意图，多用电表的电阻测量挡共有“X?”“x10”“x100”“x1四个?现用该表测量一阻值大约为2kQ的电阻，应将选择开关调到挡？.在描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，小灯泡标有“3.8V1.14W”字样；电压表V量程5V,内阻

9、约为5kQ;直流电源E的电动势4.5V,内阻不计；开关S及导线若干；其它供选用的器材还有：电流表A1量程250mA,内阻约为2Q;电流表A2量程500mA,内阻约为1Q;滑动变阻器R1阻值010Q;滑动变阻器R2阻值02kQ?为了使调节方便，测量的准确度高：实验中应选用电流表_，滑动变阻器在虚线框内画岀实验电路图？由正确实验操作得到的数据描绘出小灯泡的伏安特性曲线如图(甲)所示，将本实验用的小灯泡接入如三？计算题三？计算题pky16V赋图(乙)所示的电路，电源电压恒为6V,定值电阻R3=30Q?电流表A读数为0.45A，此时小灯泡消耗的实际功率为W?如右图所示的电路中，两平行金属板A?B水平放

10、置，两板间的距离d=40cm.电源电动势E=24V,内电阻r=1當电阻R=15Q?闭合开关S,待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v=4m/s竖直向上射入板间？若小球带电荷量为q=1X10-2c,质量为m=2X10-2kg，不考虑空气阻力？那么，滑动变阻器接入电路的阻值为多大时，小球恰能到达A板？此时电源的输出功率是多大？(取g=10m/s2)14?如图所示，已知电源内阻r=2Q，定值电阻Ri=0.5Q，求：当滑动变阻器的阻值R2为多大时，电阻Ri消耗的功率最大？当滑动变阻器的阻值为多大时，滑动变阻器消耗的功率最大？当滑动变阻器的阻值为多大时，电源输出功率最大？如图所示，甲图中变阻

11、器的滑片从一端滑到另一端的过程中，两电压表的读数变化情况如乙图中的AC?BC两直线所示？不考虑电表内阻对电路的影响？(1)电压表的示数随电流表示数的变化图线分别为乙图中的哪一条直线电源的电动势和内阻分别是多少？变阻器R的最大阻值是多少？甲利用电动机通过如图20所示的电路提升重物，已知电源电动势E=6V,电源内阻r=1倬电阻R=3倬重物质量m=0.10kg,当将重物固定时，电压表的示数为5V，当重物不固定，且电动机最后以稳定的速度匀速提升重物时，电压表的示数为5.5V，求(1)电动机线圈的电阻R1(2)电动机以稳定的速度匀速提升重物时，消耗的电功率电动机以稳定的速度匀速提升重物时，输岀的电功率重

12、物匀速上升时的速度大小(不计摩擦，g取10m/s2).T图20周末练习（三）答案【答案】C【解析】由题意知，电阻屏需要柔软的，电容屏需要能改变电容的，ABD错误;C正确？【答案】BC【解析】本题考查场强的大小和方向，电场力做功等于动能的变化量，由图像可知图线1的动能与位移s成正比，说明电场力恒定不变，为匀强电场，并且电场力做正功，电场力方向与运动方向相同，B对；图线2斜率增大说明电场力增大，场强增大，并且电场力也做正功，C对；点评：小综合题一直是高考题的热点，本题中利用了电场模型考到了动能定理的应用，根据动能的增大或减小判断电场力方向，根据斜率判断电场力大小变化情况，从而判断场强方向【答案】D

13、【解析】由题意知，过C点的切面是圆周上离P最远的等势面，半径0C与等势面垂直，E的方向为由0指向C，OC与CP间的夹角为向C，OC与CP间的夹角为B=30；UpC=EdpCcos3O0=E3R；pcpc3ER，d对；2【答案】AC【解析】本题考查带电物体在电场中的力电综合问题，题目设计巧妙，是一道考查学生能力的好题.物块到达b点时速度最小，说明此时k=Amgnr=kQq，选项a正确;小金属块由a向O运动的过r-mg程中，电场力始终做正功，电势能一直减少，选项B错误；由A向B运动的过程中，做减速运动，电场力小于摩擦力，随着电场力的增大，加速度逐渐减小，当加速度为零时，物块速度最小，由B向O运动电

14、场力大于摩擦一1212力，随着电场力增大，加速度逐渐增大，选项C正确；由A到B用动能定理qUAB-RmgL=mv2mVn,22可得选项D错误.【答案】BD【解析】处于静电平衡的导体为等实体，表面为等势面，所以a?b电势相等,A错;电场线由正电荷指向负电荷，沿电场线电势降低，所以b点电势较低,C错；【答案】B【解析】由电源电动势为12V,电流表量程为2A,电路中总电阻最小为6Q,电阻R的最小电阻为4Q,由电阻R随压力F变化的函数式R=30-0.01F可知此时F为2600N,A错；当压力为零时，R=30Q,此时电流I0.375A,B对;C错；电路中的电流TOCo1-5hz3011EE1200IF=

15、3000D错R+1+1320.01FIJ【答案】D【解析】电键K闭合时，电容器两端电压为电阻R2两端电压，由串联分压原理可知R2两端电压为E4R2=6V,此时电容器带电量为QCU=1.810C,当将电键k断开，后电容器两R1R2端电压为电源电动势端电压为电源电动势，电容器继续充电，流过电阻R1的电量即为电容器充电的电量二CE-U=1.210C【答案】B【解析】改装电表需要串联或并联电阻，串联的电阻越大电压表量程越大，此电压表的读数总比准确值稍大一些，说明流过灵敏电流表电流偏大，根据并联分流，大电阻分小电流的原理，可以减小并联电阻的阻值，B对；【答案】CD【解析】由电路结构可知电容器两端电压为路

16、端电压，如果两极板A?B间正对面积减小其他条件不变时，路端电压不变，油滴静止不动，A错；由闭合电路欧姆定律可知，电源电动势不变，电压表测量的是滑动变阻器两端电压，移动R1的滑动触头且其他条件不变时，电压表的读数增大了，则R3与电源内阻r电压之和减小AUB错;欲使带电油滴向上运动，需增大两极板间的场强或电压，由闭合电路欧姆定律和串联分流原理可知应增大外电路电阻，C对;欲使R2的热功率变大，需要增大流过R2的电流，由并联分流原理可知，应使R1的滑动触头向右移动，D对；【答案】ACD【解析】图线可以得出电源的电动势是50V，内阻为5Q从图线可以看出电流为2A时,功率为80W，即电压约为40V,所以外

17、电阻约为200;当输出功率是120W时,电流是4A,输出电压为30V.第II卷（非选择题）三？实验题【答案】（1）L=31.15mm（2分）;（2）D=4.200mm（2分）;（3）右边框中画出测量电路图（3U3!D2分）;（4）（3分）?4IL【解析】（1）L=31mm30.05mm=31.15mmD=4mm20.00.01mm=4.200mm20000200&RX一一因为八即一我们米用外接法，如图所示?20030RXRA(4)RX=-二-2即IS/D、兀D叮丁)47D24IL7D24IL【答案】X00(2)A2,R_?略(电流表外接，滑动变阻器接成分压式)(4分)0.50(2分)【解析】略

18、四？计算题13【答案】23W【解析】小球进入板间后，受重力和电场力，且到A板时速度为零.设两板间电压为Uab，由动能定理得2-mgd-qUab=0-mv02所以滑动变阻器两端电压U滑=人8=8V设通过滑动变阻器的电流为I,由欧姆定律得I=E=1AR+r滑动变阻器接入电路的电阻R滑=8QI电源的输出功率P出=I2(R+R滑)=23W本题考查带电粒子在电场中的加速，由电容器两端电压等于滑动变阻器两端电压，由动能定理可求得电容器两端电压，再由闭合电路欧姆定律求电路电流大小，由此可求得电源输岀功率i2r1二i2r1二e2r(R1R2r)214?解析(1)定值电阻R1消耗的电功率可见,变阻器R2=0时,R1消耗的功率最大？将电阻R1等效到电源内部，则当变阻器阻值R2=Rir=0.52=