2022年云南师大附中2018届高考适应性月考卷理综-答案

1、云南师大附中2022 届高考适应性月考卷四理综 - 答案云南师大附中 2022 届高考适应性月考卷四理科综合参考答案一、挑选题：此题共13 小题,每题 6 分；题 号答 案1 2 3 4 5 6 7 8 9 111 110 2 3 C D D B A C B A C B C D C 二、挑选题：此题共8 小题,每题 6 分；在每题给出的四个选项中, 第 1417 题只有一项符合题 目要求；第 1821 题有多项符合题目要求, 全部选对的给 6 分,选对但不全的给 给 0 分；3 分,有选错的题14 15 16 17 18 19 20 21 号答B A D D AD BC CD BC 案【解析】

2、1抗体的分泌是胞吐过程,既依靠膜的流淌性,也要消耗能量；第 1 页2动物细胞不会发生质壁别离；葡萄糖逆浓度梯度进入细胞是主动运输； 无氧条件下, 无氧呼 吸也可以为主动运输供应能量；3恩格尔曼用水绵和好氧细菌为材料证明光合作 用的放氧部位是叶绿体； 普利斯特利没有发觉 光在植物更新空气中起作用； 鲁宾和卡门利用 放射性同位素标记法证明光合作用中的氧气 全部来自于水；4基因的挑选性表达导致细胞分化；5双链 DNA 分子中 A+G/T+C 比值相同,不 能表达 DNA 分子的特异性；人类免疫缺陷病毒 HIV 的遗传物质是RNA ；真核细胞中的核基因都位于染色体上, 而质基因那么不位 于染色体上；6

3、子代花色中不行能产生具有 紫色植株；4 个显性基因的深7钢制品、铝制品被广泛应用,是由于合金硬度 大、耐腐蚀,故 B 错误；8丙烯分子中烷基可取代, 而加成反响及使酸性 KMnO 4 溶液褪色是碳碳双键的重要性质,故第 2 页A 正确；由于碳碳单键可以沿键轴旋转,故苯 乙烯分子中全部原子不肯定共平面,只是可 能,故 B 错误；苯与溴的取代反响需使用液态 纯洁的溴单质、 FeCl 3 作催化剂,假设改用溴 水,即使参与 FeCl3作催化剂,反响也不会发 生,故 C 错误；正戊烷不能发生加成反响,但是苯能与氢气、 氯气等在肯定条件下发生加 成反响,故 D 错误；9一个甲醇分子中含3 个 CH 键、

4、1 个 CO键和 1 个 O CH 3NA 个共价键,故 A 错误；室温下, 1L pH=11 Na2CO 3溶液中的 OH数目为 10- 3NA,溶液中的 OH来自于水的电离,故由水电离的 H+数目也是 10- 3NA,故 B 错误；H218O 与 D2O 相对分子质量均为 20,且分子内中子数均为10,那么 20g 所含的中子数均为 10NA,故 C 正确；该题的胶体粒子是由假 设干个 FeOH 3集合而成,所以胶体粒子数目与其物质的量并不相等,故D 错误；10由表中化合价可知, X 的化合价为 - 2 价,没 有正化合价, 故 X 为 O 元素；Y 的化合价为第 3 页+1 价,处于第

5、A 族,原子序数大于 O 元素,故 Y 为 Na 元素；Z 为+3 价,为 Al 元素；W的化合价为 +6、- 2 价,故 W 为 S 元素； R的最高正价为 +7 价,应为 Cl 元素； X 为 O,Y 为 Na,Z 为 Al ,原子半径： NaAlO ,故 A 正确；W 为 S,R 为 Cl,所以非金属性：ClS,那么气态氢化物的稳固性：ClS,故B 错误； Z 为 Al ,W 为 S,两者最高价氧化物对应的水化物是AlOH 3 和 H 2SO4,二者能反响,故 C 正确； X 是 O 元素、 Z 是 Al 元素、 W 是 S 元素,形成的化学键分别为离 子键、共价键,故 D 正确；11依

6、据图可知,SrSO4 的溶解度大小次序为313K283K363K ,故 A 错误； a、c 两点的 温度相同,那么溶度积不变,即 Kspa=Kspc,故 B 错误； b 点的 cSr2+ cSO Y 点,故 C 错误；向醋酸中参与醋酸钠虽然会抑制第 5 页醋酸的电离,但溶液的总离子浓度增大,导 电才能增大,氯化氢完全电离,向盐酸中参 加氯化钠不影响氯化氢的电离,故溶液的总 离子浓度增大,导电才能增大,故 D 正确；14引力常量是卡文迪许测量出的,故 A 错误；古希腊学者亚里士多德认为力是维护物体运 动的缘由,伽利略通过斜面试验推翻了亚里士多德的说法,故B 正确；玻尔的原子理论胜利说明了氢原子光

7、谱的试验规律,故 C 错误；汤姆孙发觉了电子,故D 错误；15人和车组成的系统水平方向动量守恒,人相 对于车竖直向上跳起,不影响水平方向的动量,车的速度仍为v ,故 A 正确；16弹簧处于压缩状态,弹力大小为 F ,斜面的 倾角为 ,物块 P 的质量为 m,对 P 施加 F,假设F TmgsinFcos,物块 P 不受摩擦力,故A错误；对整体,由平稳条件可知,地面对斜 面体 A 肯定有水平向左的摩擦力, 故 B 错误；假设物体受到的摩擦力方向开头沿斜面对 上,施加 F 后,摩擦力可能变大, 故 C 错误,第 6 页D 正确；17a t 图象与坐标轴围成的图形面积表示其速度的 变 化 量 , 第

8、 1s 内 速 度 的 变 化 量v 1 12 1 1m/s 0.5m/s, 那 么 第 1s 末 质 点 的 速 度v 1 v 0 v 3.5m/s,故 A 错误；第 1s内质点做加速度越来越大的变加速运动,运动的位移小于x 32 3.5 1m 3.25m,故 B 错误；整个过程中,质点始终做单向直线运动,没有回到 t 0 时刻的位置,故 C 错误；依据图象可知, 2s 末和 6s末速度最大,最大速度vmv0v31m/s4m/s,故D 正确；18由GMm2m2 4 2 TRh ,GMmmg,得T2Rh 3,故 ARh R22 gR正确；月球的第一宇宙速度为gR,“ 嫦娥一号的运行速度肯定小于

9、 gR,故 B 错误；“ 嫦 2 娥一号工作轨道处的重力加速度为 g R R h,故 C 错误；V,4 3 GR,故 D 正确；19等量异种电荷连线的中垂线是一条等势线,故 A 错误；等量异种电荷连线的中垂线上各 点的合场强方向均为水平向右,与电荷相距第 7 页越远,电场力越小,故B 正确；在这条等势线上移动电荷,电场力不做功,小球做自由落体运动有 2 g 2 L v c 20,故 C 正确, D 错误；20弹簧和 A 组成的系统机械能的变化量为 Fd,故 A、B 错误；依据功能关系,弹簧弹性势能的变化量为 Fd 12 m 1 v 2m gd sin,故 C 正确；开头时系统处于静止状态,弹簧

10、弹力等于 A 的重力沿斜面对下的分力,m g sin k x ,当 B 刚离开C 时,弹簧的弹力等于B 的重力沿斜面对下的分力,m g sin k x ；当 B 刚离开 C 时,对 A,依据牛顿其次定律得 F k x 2 m g sin m a,d x 1 x ,物块 A 加速度 a F m,故 D 正确；21以 B 为讨论对象,受力情形如右图所示,根据 几 何 关 系 可 得 合 力 大 小GF合cos30 2 mg3,依据牛顿其次定律可得加速度大小 a Fm 合3 3g g tan 30,由于A、B 相对静止,那么A、B 具有共同的加速度,假设滑块不受摩擦力时,对整体分析,其加速度aAa

11、Bgsin60,可知轻绳应第 8 页该与轨道垂直,所以滑块受摩擦力作用,故 B、C 正确；三、非挑选题共 174 分一必考题：共11 小题,共 129 分；22每空 3 分,共 6 分 23每空 2 分,共 8 分1mAm B2碰撞后,滑块 A 在水平面上滑行距离的平均值 x 、滑块 B 在水平面上滑行距离的平均值 x B3m A x 0 m A x A m B x B4m x 0 m x A m x B2414 分解：1取水平向右为正方向,对 M、m 组成的系统动量守恒,有方向水平向右E kQ2由能量守恒定律可知评分标准：此题共14 分；正确得出 式给 4分,正确得出 式给 1 分,正确得出

12、 式给 5 第 9 页分,其余各式各给 2 分；2519 分么解：1小球到达最低点 B 时速度为 0,那2小球到达最低点 B 时速度为 0,依据对 称性可知,到达最大速度的位置为 AB 弧的 中点,即当沿轨迹上任一点切线方向的合力 为零时,物体的速度有极值,由动能定理有F T18 212N或F T13.46N3小球从 C 点运动到 B 点做匀加速直线运 动,有 到达 B 点后细线绷直有机械能的缺失,vtvBsin 452m/s小球由 BA 过程中评分标准：此题共19 分；正确得出 式给 3分,其余各式各给 2 分；26除特别标注外,每空2 分,共 14 分1CH 4g+N 2O4g= H=-N

13、2g+CO 2g+2H 2Ol 第 10 页2L- 1 min- 1molL- 1变小 1 分3阴极 1 分SO2- 2e-+2H 2O= SO +4H+【解析】1考查盖斯定律的应用； 由- - 即可得目标方程式： CH 4g+N2O4g= N2g+CO2g+2H2Ol H=H 1- H 2- H 3=- +67.2kJ/mol - 56.9kJ/mol =- 899.9kJ/mol ；2氨的电子式为；vNH 3= nV tmol L - 1 min - 1= L - 1 min - 1,可换算出 vH 2O=L- 1min- 1；由“ 三段式,当反响前和反响到达平稳后体系的压强比：pp前后

14、10.5 10.5x 22 21 可运算得平衡 时 ： cNH 3mol L- 1、 cmol L- 1、cN2mol L- 1、cH 2mol L- 1；故 NO 的转化率为 50.0%,化学平稳常数 K= L- 1；该反响是气体体积增大的反响, 假设改在恒温恒压条件下进行,那么反响到达平稳时 NH 3的体积分第 11 页数会变小；3依据题意可知： A 极为电解池的阴极, B极为阳极；A极反响式为NO+5e-+6H+=NH +H 2O,B 极反响式为SO2- 2e-+2H 2O= SO +4H+；27除特别标注外,每空1SiO21 分2 分,共 15 分2适当增大硫酸的浓度 或延长浸泡时间,

15、或将烟道灰粉碎成较细粉末,或其他合理答 案3Mn2+H 2O2+H 2O= 3 4.0 10- 12MnOOH 2+2H+先参与 ZnS 会将 Fe3+复原为 Fe2+,Fe2+和 Zn2+沉淀的 pH 相近,铁元素难以除去或 其他合理答案5ZnC 2O4= 450 ZnO+C O +CO2【解析】烟道灰用稀硫酸酸浸时, 增大浸出率的措施有：适当上升温度、充分搅拌、适当第 12 页增大硫酸的浓度、延长浸泡时间、将烟道灰 粉碎成较细颗粒以增大接触面积等；除 SiO2 外,其余的氧化物均能与稀硫酸反响而溶解,故滤渣 A 为 SiO 2；往滤液中参与过氧化氢作为氧化剂,在酸性条件下H 2O2 将 M

16、n2+氧化为MnOOH 2而 除去锰元 素：Mn2+H 2O2+H 2O=MnOOH 2+2H+,滤液中的Fe2+也被氧化为Fe3+,然后参与ZnO 调剂滤液的 pH,使 Fe 3+转化为 FeOH 3 沉淀,但 Zn2+不能转化为 ZnOH 2 沉淀,故需掌握反响液的pH 的范畴为 3.35.4；过滤别离出 FeOH 3 后再往滤液中参与 ZnS,使剩余的 Cu2+转化为更难溶的 CuS,过滤除去的滤渣 C 即是 CuS；除铜和除铁的次序不能颠倒,由于先参与 ZnS 会将 Fe3+复原成 Fe2+,使铁元素难以除去；除铜过程后的滤液中主要成分为 ZnSO4,参与 NH 42C2O4 反响得到

17、草酸锌沉淀,经过过滤、洗涤、枯燥后得到纯洁的草酸锌, ZnC 2O4 在 450分解可得到氧化锌、 CO 和 CO 2；第 13 页28每空 2 分,共 14 分1分液漏斗2NH 3 H2O+CaO=CaOH 2+NH 33饱和 NaHCO 3溶液4NH 3 在水中的溶解度大,防止倒吸或 其他合理答案5LaHCO 336偏大 45.8% 【解析】1装置 W 中盛放稀盐酸的仪器为 分液漏斗；2装置 Y 是试验室快速制备氨气的装置,其原理为氧化钙与浓氨水中的水反响生成氢 氧化钙,反响大量放热, 并增大了 OH浓度,使 NH 3+H 2O NH3 H2O NH 4 +OH向逆 反响方向移动,加快氨气

18、逸出；3装置 W 中制得的 CO 2 中含有少量 HCl杂 质 , 故 装 置 X中 盛 放 的 试 剂 是 饱 和NaHCO 3溶液；它可以除去 HCl 但 CO 2 在其 中的溶解度较小；4装置 Z 是制备 La 2CO 33 的装置,将 CO 2第 14 页和 NH 3通入 LaCl 3 溶液中反响,类似于工业上“ 候氏制碱法,但由于NH 3 在水中的溶解度很大,需要防倒吸装置,故 NH 3 应从 e口通入；5类比于 Na2CO 3比 NaHCO 3 的热稳固性好, La 2CO 33 比 LaHCO 33的热稳固性强,故乙试管中盛放 LaHCO 33；La 2CO 33 而甲试管中盛放

19、6滴定操作中,假设滴定前装有 EDTA标准溶液的滴定管尖嘴局部有气泡,而滴定终止后气泡消逝,造成消耗的VEDTA 标准液偏大,依据 c待测=c 标准V 标准,测定结果V 待测偏大；由题意列出运算关系式： La 2CO 332H2Y2458g 2mol g x0.100 40.00 10- 3mol 列式解得 x=,故 wLa 2CO 33=45.8% ；29每空 2 分,共 10 分第 15 页1氨基酸或核糖核苷酸2酶在不同温度条件下的活性不同340 4小于5不变30除特别标注外,每空2 分,共 9 分1C31 分能2、 ATP 中活泼的化学能和热3ABCD 31每空 2 分,共 10 分1碱

20、性2不同步3DNA 复制时需要胸腺嘧啶脱氧核苷酸 为原料,3H 标记的 TDR 可在细胞中转化为 胸腺嘧啶脱氧核苷酸 分裂期 细胞周期32每空 2 分,共 10 分1位于一对同源染色体上的掌握相对性状 的基因第 16 页2父本或母本3XAXa或 XaXa 4父本 X 二选考题：共 45 分；3315 分15 分 BCE选对 1 个给 2 分,选对 2个给 4 分,选对 3 个给 5 分；每选错 1 个扣3 分,最低得分为 0 分【解析 】PM 在空气中的运动不属于分子热运动,是分子团整体的运动,故A 错误；外表张力形成的缘由是：液体跟气体接触的外表 存在一个薄层,叫做外表层,外表层里的分 子比

21、液体内部稀疏,分子间的距离比液体内 部大一些,分子间的相互作用表现为引力,即外表张力,液体的外表张力使液体的外表积收缩到最小,故B 正确；绝热膨胀,气体的内能肯定减小,故 C 正确；多晶体是各向同性的,非晶体都是各向同性的, 故 D 错误；水的饱和汽压随温度的上升而变大,故 E 正确；第 17 页210 分解：当 A 中气体压强为 环处,对 A 中气体有2 p 时,活塞将顶在卡有B 中气体做等容变化,T B2T 2500K,由查理定律评分标准：此题共 10 分；正确得出 、式各给 1 分,其余各式各给 2 分；3415 分15 分 ACD 选对 1 个给 2 分,选对 2个给 4 分,选对 3

22、 个给 5 分；每选错 1 个扣3 分,最低得分为 0 分【解析 】简谐横波向右传播,由波形平移法知,各质点的起振方向均为竖直向上,t 0.7s时,质点 P 其次次到达波谷,即有 34 T T 0.7s,解得 T 0.4s,波长 2m ,那么波速 vT 5m/s,故 A正确；t 1.4s 相当于个周期,质点 P 在平稳位置处向下振动,故B 错误；波传播到平稳位置在 x 4.5m 处的质点 Q 需要的时间为,再经受34 T 2 T 1.1s 第三次到达波谷, 总共需时, 故 C 正确；波传播到平稳位置在 x 4.5m 处的质点 Q 需第 18 页要的时间为,在剩下的内,质点 Q 运动了 3 34

23、 T ,通过的路程 s 3 4 A 34 4 A 75cm,故 D 正确；要发生稳固干预现象,两列波的频率肯定相同,即f2.5Hz,故 E 错误；210 分解：如右图所示,光线在OA 面上的 C 点发生折射,入射角为45,折射角为2由nsin1sin2解得：230折射光线射向球面 反射,入射角为 AB,在 D 点恰好发生全在三角形 OCD 中,由正弦定理sinsin290 OCR解得：HOCsin 453R3评分标准：此题共10 分；正确得出式各给 2 分；35除特别标注外,每空2 分,共 15 分12p1 分洪特规那么2NOS 低1 分3sp3杂化 1 分B 原子或 B第 19 页4ACDF

24、 56 2.575b或 10N A a b 答成 2.58 104.28b酌情给分 NAaa【解析】1基态 N 原子的核外电子排布式 为 1s22s22p3,价电子占据的能量最高的能级 符号是 2p,该能级含 3 个原子轨道,故电子 的排布遵循洪特规那么,即：电子在能量相 同的轨道上排布时,总是尽可能分占不同的 轨道且自旋方向同向；2N、O、S 元素中,第一电离能 NO,而OS,故从大到小排序为NOS；N4 和 P4都是非极性分子且结构相像,但 N4 比 P4 的相对分子质量小,分子间范德华力弱,故 N4的沸点比 P4的沸点低；3BH 3NH 3 分子中 B 原子与 3 个 H 原子形成 3

25、条 键, B 原子与 N 之间仍存在一条配位键, N 原子供应孤电子对, B 原子供应空轨道, B 原子的轨道杂化类型是 sp3；4观看丁二酮肟镍的结构可知,该螯合物中存在的作用力有配位键、 键、 键和氢键；5由 Cu3N 的晶胞结构图可知, 顶点的 N3-第 20 页对应的三条棱上有3 个 Cu+,依据晶胞“ 无隙并置的原那么,三条棱对称的位置上仍 有 3 个 Cu+,故 N3-的配位数是 6；晶胞的质量为Ng,体积为V2a3 2 1030cm3,晶体密度计36414g mol12.5751031g cm3；算式如下：2aNAmol130cm32 310b3 NAa36除特别标注外,每空2 分,共 15 分1加成反响 羧基、碳碳双键23455 63 分【解析】由 A 的分子式 C9H 10 可运算其不饱和