2023届山西省长治市屯留县第一中学校物理高三第一学期期中学业质量监测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，条形磁铁放在水平粗糙桌面上，它的左端上方固定一根与条形磁铁垂直的长直导线，

2、导线中通以如图示方向的电流时，和原来没有电流通过时相比较，磁铁受到的支持力N和摩擦力f ( )AN减小，f 向左; BN减小，f 向右;CN增大，f 向左; DN增大， f 向右.2、如图所示是速度选择器的原理图，已知电场强度为 E 、磁感应强度为 B 并相互垂直分布，某一带电粒子（重力不计）沿图中虚线水平通过则该带电粒子A一定带正电B速度大小为C可能沿QP方向运动D若沿PQ方向运动的速度大于，将一定向下极板偏转3、如图所示，细线的一端系于天花板上，另一端系一质量为m的小球。甲图让小球在水平面内做匀速圆周运动，此时细线与竖直方向的夹角为，细线中的张力为F1，小球的加速度大小为a1；乙图中让细线

3、与竖直方向成角时将小球由静止释放，小球在竖直面内摆动。刚释放瞬间细线中的张力为F2，小球的加速度大小为a2，则下列关系正确的是（ ）AF1= F2BF1 F2Ca1= a2Da1 a24、如图所示，ad、bd、cd 是竖直面内三根固定的光滑细杆，每根上套着一个小滑环（ 图中未画出），三个滑环分别从 a、b、c 处释放（初速为 0），用 t1 、t2、 t3 依次表示各滑环到达 d 所用的时间，则（ ）ABCD5、如图所示，水平桌面上有三个相同的物体叠放在一起，的左端通过一根轻绳与质量为的小球相连，绳与水平方向的夹角为，小球静止在光滑的半圆形器皿中.水平向右的力作用在上，三个物体保持静止状态取，

4、下列说法正确的是（ ）A物体受到向右的静摩擦力B物体受到一个摩擦力，方向向左C桌面对物体的静摩擦力方向水平向右D撤去力的瞬间，三个物体将获得向左的加速度6、纳米材料的抗拉强度几乎比钢材还高出100倍，使人们设想的太空电梯成为可能其工作原理是从同步卫星高度的太空站竖直放下由纳米材料做成的太空电梯，固定在赤道上，这样太空电梯随地球一起旋转，如图所示关于太空电梯仓停在太空电梯中点P时，下列对于太空电梯仓说法正确的是（）A处于平衡状态B速度比同步卫星大C向心加速度比同高度卫星的小D处于完全失重状态二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

5、全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一质量为2kg的物块在合外力F的作用下从静止开始沿直线运动。F随时间t变化的图线如图所示，则（）A时物块的速率为B时物块的动量大小为C时物块的动量大小为D时物块的速度为零8、如图，在光滑水平面上，放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，在两木板的左端各放一个大小、 形状、质量完全相同的物块。开始时，各物均静止，今在两物体上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2，物体和木板间的动摩擦因数相同，下列说法正确的是（ ）A若F1=F2，M1M2，则v1v2B若F1F2，M1M2，则v1F2，M1=M2

6、，则v1v2D若F1v29、如图，虚线MN的右侧有方向垂直于纸面向里的匀强磁场，两电荷量相同的粒子P、Q从磁场边界的M点先后射入磁场，在纸面内运动射入磁场时，P的速度垂直于磁场边界，Q的速度与磁场边界的夹角为45。已知两粒子均从N点射出磁场，且在磁场中运动的时间相同，则（ ）AP和Q的质量之比为1：2BP和Q的质量之比为CP和Q速度大小之比为DP和Q速度大小之比为2：110、如图所示，连接有轻弹簧的物块a静止于光滑水平面上，物块b以一定初速度向左运动。下列关于a、b两物块的动量P随时间t的变化关系图象，合理的是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不

7、要求写出演算过程。11（6分）某同学利用单摆测定当地的重力加速度（1）实验室已经提供的器材有：铁架台、夹子、秒表、游标卡尺除此之外，还需要的器材有_A长度约为1 m的细线B长度约为30 cm的细线C直径约为2 cm的钢球D直径约为2 cm的木球E最小刻度为1 cm的直尺F最小刻度为1 mm的直尺（2）摆动时偏角满足下列条件_（填“A”、“B” 、“C”更精确A最大偏角不超过10B最大偏角不超过20C最大偏角不超过30（3）为了减小测量周期的误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时开始计时，该标记应该放置在摆球摆动的_A最高点B最低点C任意位置（4）用秒表测量单摆的周期当单摆摆动

8、稳定且到达计时标记时开始计时并记为n1，单摆每经过标记记一次数，当数到n60时秒表的示数如图甲所示，该单摆的周期是T_s(结果保留三位有效数字)（5）用最小刻度为1 mm的刻度尺测摆线长，测量情况如图乙所示O为悬挂点，从图乙中可知单摆的摆线长为_m；用游标卡尺测量摆球的直径如图丙所示，则球的直径为_cm；单摆的摆长为_m(计算结果保留三位有效数字)（6）若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g_.12（12分）已知轻弹簧的弹性势能和劲度系数的关系为（为弹簧形变量）物理小组设计如图（a）所示实验装置测量某一轻弹簧的劲度系数：轻弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触

9、而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连接，向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧的劲度系数(1)实验中涉及到下列操作步骤：测量物块的质量 把纸带向左拉直 松手释放物块接通打点计时器电源 向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是_（填入代表步骤的序号）(2)测得物块质量为200g，图（b）中L纸带是把弹簧压缩2cm后所得到的实际打点结果打点计时器所用交流电的频率为50Hz由纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为_m/s，弹簧的劲度系数为_N/m四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求

10、写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为的木块放在光滑的水平面上，一质量为的子弹以初速度水平飞来打进木块并留在其中，设相互作用力为试求：（1）子弹、木块相对静止时的速度（2）此时，子弹发生的位移以及子弹打进木块的深度分别为多少 （3）系统损失的机械能为多少14（16分）如图所示，导热性能良好的气缸内用活塞封闭有一定质量的理想气体，活塞用轻弹簧与缸底相连，当气缸如图甲水平放置时，弹簧伸长了，活塞到缸底的距离为，将气缸缓慢转动竖直放置，开口上，如图乙表示，这时活塞刚好向缸底移动了的距离，已知活塞的横截面积为S，活塞与缸壁的摩擦不计，且气密性好，活塞的质量为m，重力加速

11、度为g，大气压强为，求：弹簧的劲度系数的大小；从甲图到乙图的过程中，活塞重力做的功及大气压力对活塞做的功各为多少？15（12分）如图所示，在倾角的斜面上固定一块竖直放置的挡板，在挡板和斜面之间放有一个光滑圆球，当系统静止时挡板上的压力传感器显示压力为20N，试求：（1）球队斜面的压力和圆球的重力；（2）要让挡板压力为零，整个装置在水平方向上将怎样动？（小球相对斜面还是静止的）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】以导线为以导线为研究对象，根据电流方向和磁场方向判断所受的安培力方向，再根据牛顿第三定律，分析磁

12、铁所受的支持力和摩擦力情况来判断【详解】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力方向斜向左上方，根据牛顿第三定律得知，导线对磁铁的安培力方向斜向右下方，磁铁有向右运动的趋势，受到地面向左的摩擦力；同时磁铁对地的压力增大，地面对磁铁的支持力也将增大，故A、B、D错误，C正确.故选：C2、B【解析】粒子从左射入，不论带正电还是负电，电场力大小为qE，洛伦兹力大小F=qvB=qE，两个力平衡，速度 ，粒子做匀速直线运动故A错误，B正确此粒子从右端沿虚线方向进入，电场力与洛伦兹力在同一方向，不能做直线运动故C错误若速度 ，则粒子受到的洛伦兹力大于电场力，使粒子偏转，只有当粒子带负电时粒子向下

13、偏转，故D错误；故选B3、B【解析】甲图中受力如图：竖直方向：水平方向：解得：乙图中释放瞬间，小球只受到重力和细线中的张力为，则有：由牛顿第二定律得：综上分析则有：故选B。4、D【解析】对小滑环，受重力和支持力，将重力沿杆的方向和垂直杆的方向正交分解，根据牛顿第二定律得小滑环做初速为零的匀加速直线运动，加速度为 (为杆与竖直方向的夹角)，由图中的直角三角形可知，小滑环的位移，所以，与无关，即，故选项D正确，A、B、C错误5、B【解析】A由于C物体处于平衡状态，既不受拉力也不受摩擦力，A错误；B由于b处于平衡状态，由于水平拉力F=40N，因此受到水平向左的摩擦力也为40N，B正确；C对小球m进行

14、受力分析可知，可求出绳子拉力:因此桌面受到的静摩擦力方向水平向左，大小为:C错误；D撤去力F的瞬间，由于绳子拉力小于a与桌面间的摩擦力，因三个物体仍将静止不动，D错误6、C【解析】电梯做圆周运动，有加速度，受力不平衡，A错误；电梯的角速度和同步卫星的角速度相等，而轨道半径比同步卫星的小，根据v=r知线速度比同步卫星小，B错误；根据GMmr2=m2r可得=GMr3，同高度卫星和同步卫星相比，同高度卫星比同步卫星的角速度大，即同高度卫星的角速度比电梯的角速度大，即根据a=2r知向心加速度比同高度卫星的小，C正确；完全失重时的重力充当向心力，而电梯仓除重力外还受电梯作用，D错误二、多项选择题：本题共

15、4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A前两秒，根据牛顿第二定律则0-2s的速度规律为：v=at；t=1s时，速率为1m/s，A正确；Bt=2s时，速率为2m/s，则动量为P=mv=4kgm/sB正确；CD2-4s，力开始反向，物体减速，根据牛顿第二定律，a=-0.5m/s2，所以3s时的速度为1.5m/s，动量为3kgm/s，4s时速度为1m/s，CD错误；8、BD【解析】首先看F1=F1 时情况：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，设两物块的

16、加速度大小为a，对于M1、M1，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1，M1的加速度大小为a1，根据牛顿第二定律得：因为a1=mgM1，a2=mgM2，其中m为物块的质量设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12at11-12a1t11；物块与M1的相对位移L=12at11-12a1t11；若M1M1，a1a1，所以得：t1t1；M1的速度为v1=a1t1，M1的速度为v1=a1t1，则v1v1，故A错误若F1F1、M1M1，根据受力分析和牛顿第二定律，则M1上的物块的加速度大于M1上的物块的加速度，即aaab；由于M1M1，所以M

17、1的加速度小于M1加速度，即a1a1它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12aat11-12a1t11物块与M1的相对位移L=12abt11-12a1t11；由于aaab，所以得：t1t1，则v1v1，故B正确若F1F1、M1=M1，根据受力分析和牛顿第二定律，则M1上的物块的加速度大于M1上的物块的加速度，即aaab；由于M1=M1，所以M1、M1加速度相同，设M1、M1加速度为a它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移L=12aat11-12at11物块与M1的相对位移L=12abt11-12at11；由于aaab，所以得：t

18、1t1，则v1v1，故C错误若F1F1、M1=M1，aaab，则v1v1，故D正确故选BD9、AC【解析】设MN=2R，则对粒子P的半径为R，有：；对粒子Q的半径为R，有：；又两粒子的运动时间相同，则，即，解得，故AC正确，BD错误10、ABD【解析】b与弹簧接触后，压缩弹簧，b做减速动，a做加速运动，且在运动过程中系统的动量守恒，如果b的质量较小，可能出现b反弹的现象，出现图像B的运动过程；如果ab两球的质量相等，则可以出现D的运动过程；如果a的质量很小，可能出现A的运动过程，故ABD合理；b与弹簧接触后，弹力慢慢增大，然后再减小，故两物体的加速度一定先增大后减小，故C不合理；故选：ABD。

19、【点睛】本题考查含有弹簧问题的动量守恒定律的应用，要注意正确分析弹簧弹力的性质，从而确定运动过程，注意考虑多种可能性。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACF A B 2.28 0.9915 2.075 1.00 【解析】(1)1 由单摆周期公式可得，实验需要测量摆长，摆长等于摆线的长度加上摆球的半径，所以需要毫米刻度尺，实验需要测量周期，则需要秒表，摆线的长度大约1m左右。为减小空气阻力的影响，摆球需要密度较大的摆球，因此摆球应选C，故选用的器材为ACF。(2)2 根据单摆原理可知，单摆只有在摆角很小时,才是简揩振动，所以摆动时偏角

20、最大偏角不超过10，故A正确BC错误。(3)3 由于摆球经过平衡位置时，速度最大，在相同视觉距离误差上，引起的时间误差最小，测量周期比较准确所以为了减小测量周期的误差，应在平衡位置即最低点开始计时，故B正确AC错误。(4)4 单摆摆动稳定且到达计时标记时开始计时并记为n1，单摆每经过标记记一次数，当数到n60时，即经过了个周期，秒表的示数如图甲所示，读数为所以周期为(5)567 刻度尺最小分度值为0.1cm，所以从图乙中可知单摆的摆线长为99.15cm=0.9915m球的直径为单摆的摆长为(6)8 由单摆周期公式可得，12、或 0.78 304.2 【解析】由题意可知考查测量弹簧劲度系数的方法，根据功能关系计算可得【详解】(1) 1 该实验正确的操作步骤为：测量物块的质量，向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量，把纸带向左拉直，接通打点计时