2023届山东省天成大联考高三物理第一学期期中教学质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示的陀螺可在圆轨道的外侧旋转而不脱落，好像轨道对它施加了魔法一样，被称为“魔

2、力陀螺”，该玩具深受孩子们的喜爱其物理原理可等效为如图乙所示的模型:半径为R的磁性圆轨道竖直固定，质量为m的小铁球(视为质点)在轨道外侧转动，A、B两点分别为轨道上的最高、最低点小铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小不变，不计摩擦和空气阻力，重力加速度为g下列说法正确的是A小铁球可能做匀速圆周运动B小铁球绕轨道转动时机械能不守恒C小铁球在A点的速度的最小值为D要使小铁球不脱轨，轨道对小铁球的磁性引力至少为5mg2、下列说法正确的是A做直线运动的质点，其加速度一定保持不变B做匀加速直线运动的质点，其加速度一定随时间均匀增加C做平抛运动的质点，其速度和加速度都随时间改变D做匀速圆周运动的质点，其

3、速度和加速度都随时间改变3、A、B两个物体在水平面上沿同一直线运动，它们的vt 图象如图所示在t=0时刻，B在A的前面，两物体相距9m，B物体在滑动摩擦力作用下做减速运动的加速度大小为2m/s2，则A物体追上B物体所用时间是（）A3sB5sC7.5sD8.5s4、如图所示，一颗人造卫星原来在椭圆轨道1绕地球E运行，在P点变轨后进入轨道2做匀速圆周运动下列说法正确的是： （ ）A不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的速度都相同B不论在轨道1还是轨道2运行，卫星在P点的加速度都相同C卫星在轨道1的任何位置都具有相同加速度D卫星在轨道2的任何位置都具有相同动量(动量P=mv，v为瞬时速度)5、质量

4、为m的物块P置于倾角为1的固定光滑斜面上，轻细绳跨过光滑定滑轮分别连接着P与小车，P与滑轮间的细绳平行于斜面，小车拉着物体P，使P沿斜面以速度v匀速上滑，当小车与滑轮间的细绳和水平方向成夹角2时（如图），下列判断正确的是（ ）A小车也做匀速运动B小车做加速运动C小车的速率为D小车的速率为6、如图所示，由竖直轴和双臂构成的“Y”型支架可以绕竖直轴转动，双臂与竖直轴所成锐角为一个质量为m的小球穿在一条臂上，到节点的距离为h，小球始终与支架保持相对静止设支架转动的角速度为，则A当时，臂对小球的摩擦力大小为B由零逐渐增加，臂对小球的弹力大小不变C当时，臂对小球的摩擦力为零D当时，臂对小球的摩擦力大小为

5、mg二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一轻质长木板置于光滑水平地面上，木板上放有质量分别为mA1 kg和mB2 kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示g取10 m/s2.下列说法正确的是()A若F1 N，则两物块与木板都静止不动B若F1.5 N，则A物块所受摩擦力大小为1.5 NC若F4 N，则B物块所受摩擦力大小为2ND若F8 N，则B物块所受摩擦力大小为2 N8、如图所示是一个简易起吊设施的示意图，AC是质

6、量不计的撑杆，A端与竖直墙用铰链连接，一滑轮固定在A点正上方，C端吊一重物。现施加一拉力F缓慢将重物P向上拉，在AC杆达到竖直前( ) ABC绳中的拉力FT越来越大BBC绳中的拉力FT越来越小CAC杆中的支撑力FN不变DAC杆中的支撑力FN越来越大9、如图所示，带正电的小球套在绝缘光滑水平直杆上，轻弹簧一端固定在O点，另一端与小球相连。空间中有水平向右的匀强电场，现将小球从P点由静止释放，它向右运动的过程中经过了Q点。已知，在P、Q两点处，弹簧对小球的弹力大小相等（忽略弹簧的静电效应），且OPQ0QP，在小球从P点到Q点的过程中（ ）A小球的加速度一直增大B弹簧最短时，弹簧弹力对小球做功的功率

7、为零C弹力做的总功为零D小球到达Q点的动能等于它在P、Q两点的电势能的差值10、一只质量为M的平板小车静止在水平光滑面上，小车上站着一个质量为m的人，Mm，在此人从小车的一端走到另一端的过程中，以下说法正确的是(不计空气的阻力)( )A人受的冲量与平板车受的冲量相同B人向前走的速度大于平板车后退的速度C当人停止走动时，平板车也停止后退D人向前走时，在水平方向上人与平板车的总动量守恒三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有两组同学进行了如下实验：甲：甲组同学器材有：电源，滑动变阻器，电流表A1(0100mA，内阻约11)，电流表A1(

8、0300mA，内阻约8)，定值电阻R1=14，R1=11，开关一个，导线若干.为了测量A1的内阻，该组同学共设计了下图中A、B、C、D四套方案：其中最佳的方案是_套，若用此方案测得A1、A1示数分别为180 mA和170mA，则A1的内阻为_.乙：乙组同学设计测定量程为3 V的电压表内阻的精确值（内阻约为1k），实验室中提供的器材有： 电阻箱R（最大电阻为9999.9 ）， 定值电阻r1=5k， 定值电阻r1=10k，电源E（电动势约为11 V、内阻不计），开关、导线若干设计的实验电路如图所示，先将电阻箱R的阻值调到最大，连接好实物电路；然后闭合开关，调节电阻箱R的阻值，使得电压表的指针刚好半

9、偏，记下此时电阻箱的阻值R1；再次调节电阻箱R的阻值，使电压表的指针刚好满偏，记下此时电阻箱的阻值R1（1）实验中选用的定值电阻是_；（1）由上述的实验过程分析可得电压表内阻RV的表达式为RV=_.（请用字母R1、R1和r表示）12（12分）某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻其中电流表A1的内阻r1=1.0 k，电阻R1=9.0 k，为了方便读数和作图，给电池串联一个R0=3.0 的电阻（1）按图示电路进行连接后，发现、和三条导线中，混进了一条内部断开的导线为了确定哪一条导线内部是断开的，将电建S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、间电压，读数不为零，再测量、间电压，若读数

10、不为零，则一定是_导线断开；若读数为零，则一定是_导线断开 （2）排除故障后，该小组顺利完成实验通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据，作出图象如右图由I1I2图象得到电池的电动势E=_V，内阻r=_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图 所示，在一个倾角 =30的斜面上建立 x 轴，O 为坐标原点，在 x 轴正向空间有一个匀强电场，场强大小 E= 4.5106 N/C，方向与 x 轴正方向相同，在 O 处放一个电荷量，质量 m=1 kg 带负电的绝缘物块物块与斜面间的动

11、摩擦因数 = ，沿 x 轴正方向给物块一个初速度 v0=5 m/s，如图所示(g 取 10 m/s2)求：(1)物块沿斜面向下运动的最大距离为多少?(2)到物块最终停止时系统产生的焦耳热共为多少?14（16分）如图所示，在光滑水平面上放置一个长为L=1.5m的木板A，在距离A的右端d=0.2m处放置一个表面光滑的半径足够大的四分之一圆弧槽C，圆弧槽末端切线水平且与木板A的上表面在同一水平线上。现有一质量为m=1kg的小物块B以初速度v0=5m/s从木板A左端滑上木板的上表面，已知木板A与圆弧槽C的质量均为2m，木板A与圆弧槽C相碰时作用时间极短，且碰后粘在一起不再分开。小物块B与木板A的动摩擦

12、因数，g取10m/s2。求：(1)木板A和圆弧槽C碰撞前瞬间，木板A与小物块B的速度各为多大。(2)从小物块B滑上木板A到小物块B最终与木板A相对静止的过程中，由于摩擦力产生的热量是多少？ 15（12分）如图1所示，升降机在电动机的拉力作用下，从静止开始沿竖直方向向上运动，升降机先做匀加速运动，5s末到达额定功率，之后保持额定功率运动。其运动情况如v-t图象2所示，已知电动机的牵引力的额定功率为36kW，重力加速度g取10m/s2，求：(1)升降机的总质量大小；(2)5s末时瞬时速度v的大小；(3)升降机在07s内上升的高度。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题

13、给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】AB.小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，其中铁球受轨道的磁性引力始终指向圆心且大小不变，支持力的方向过圆心，它们都始终与运动的方向垂直，所以磁力和支持力都不能对小铁球做功，只有重力会对小铁球做功，所以小铁球的机械能守恒，在最高点的速度最小，在最低点的速度最大。小铁球不可能做匀速圆周运动。故A B错误；C. 小铁球在运动的过程中受到重力、轨道的支持力和磁力的作用，在最高点轨道对小铁球的支持力的方向可以向上，小铁球的速度只要大于1即可通过最高点。因此小球在最高点的速度最小值不是，故C错误。D. 由于小铁球在运动的过程中

14、机械能守恒，所以小铁球在最高点的速度越小，则机械能越小，在最低点的速度也越小，根据：，可知小铁球在最低点时需要的向心力越小。而在最低点小铁球受到的重力的方向向下，支持力的方向也向下、只有磁力的方向向上。要使铁球不脱轨，轨道对铁球的支持力一定要大于1所以铁球不脱轨的条件是：小铁球在最高点的速度恰好为1，而且到达最低点时，轨道对铁球的支持力恰好等于1。根据机械能守恒定律，小铁球在最高点的速度恰好为1，到达最低点时的速度满足轨道对铁球的支持力恰好等于1，则磁力与重力的合力提供向心力，即：联立得：F=5mg可知，要使铁球不脱轨，轨道对铁球的磁性引力至少为5mg。故D正确。2、D【解析】A做直线运动的质

15、点，其加速度不一定保持不变，例如简谐振动的物体，选项A错误；B做匀加速直线运动的质点，其加速度是不变的，选项B错误；C做平抛运动的质点，其速度随时间改变，但是加速度不变，选项C错误；D做匀速圆周运动的质点，其速度和加速度都随时间改变，选项D正确。3、D【解析】试题分析：B减速到零所需的时间：，B减速到零经历的位移，此时A的位移，因为，所以B停止时，A还未追上B，则继续追及的时间，可知追及的时间，选D.【点睛】结合位移关系，通过运动学公式求出追及的时间.要注意当B速度减速到零时，A有没有追上B，如果没有，则还需要时间才能追上B，此过程B不动，只有A在运动.4、B【解析】从轨道1变轨到轨道2，需要

16、加速逃逸，故A错误；根据公式可得：，故只要到地心距离相同，加速度就相同，卫星在椭圆轨道1绕地球E运行，到地心距离变化，运动过程中的加速度在变化，B正确C错误；卫星在轨道2做匀速圆周运动，运动过程中的速度方向时刻在变，所以动量方向不同，D错误5、C【解析】将小车的速度v1进行分解如图所示，则v=v1cos2，则，A沿斜面以速度v匀速下滑时，2变大，则v1变大，即小车做加速运动，故ABD错误，C正确；故选C. 6、C【解析】A当=0时，臂对小球的摩擦力大小等于重力沿斜杆向下的分力，大小为f=mgcos故A错误；B当支架转动时：竖直方向水平方向解得可知由零逐渐增加，臂对小球的摩擦力先减后增，弹力大小

17、先增后减，故B错误；C由可得故C正确；D由可得故D错误.故选C.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】A与木板间的最大静摩擦力：fA=mAg=0.2110N=2N，B与木板间的最大静摩擦力：fB=mBg=0.2210N=4N，A.F=1NfA，所以AB相对木板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，故A错误；B. 若F=1.5NF0，所以A在木板上滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2对B进行受力分析,摩擦力提供加速度，f=mBa=2

18、1=2N，故C正确；D.F=8NF0，所以A相对于木板滑动，B和木板整体受到摩擦力2N，B的加速度a=1m/s2，故D正确故选CD点睛：根据滑动摩擦力公式求出A、B与木板之间的最大静摩擦力，比较拉力和最大静摩擦力之间的关系判断物体的运动情况，进而判断物体所受摩擦力的情况，根据牛顿第二定律求出B的加速度8、BC【解析】以C点为研究对象，分析受力情况：重物的拉力T（等于重物的重力G）、轻杆的支持力和绳子的拉力，作出力图如图：由平衡条件得知，和的合力与T大小相等，方向相反，根据三角形相似可得：缓慢将重物向上拉，AB、AC保持不变，BC变小，则保持不变，变小。故选BC。9、BCD【解析】如下图所示，设

19、O点正下方为O点，与P点关于O点对称的点为M点，所以小球从P到M过程中弹簧一直被压缩，弹簧原长的位置一定是在M与Q点之间。小球处于O点正下方O和小球受到的弹力为零的位置（M与Q点之间）时，小球合力都是qE，加速度都是Eq/m，则从P点到Q点的过程中，小球的加速度不是一直增大，选项A错误；弹簧最短时，小球在O位置，此时弹力和速度方向垂直，则弹簧弹力对小球做功的功率为零，选项B正确；因小球在PQ位置时弹簧的弹力相等，则形变量大小相等，弹性势能相同，则弹力做的总功为零，选项C正确；从P到Q,只有电场力做功，根据动能定理可知，小球到达Q点的动能等于电场力做功，即等于它在P、Q两点的电势能的差值，选项D

20、正确；故选BCD.【点睛】解答本题的关键是：要知道弹力做功与弹性势能的变化关系，电场力做功与电势能变化的关系；分析清楚小球的受力情况和运动情况是解答本题的突破口。10、BCD【解析】人向前走时，在水平方向上人和平板车所组成的系统动量守恒，初状态人船静止，系统总动量为零，以人运动方向为正方向，有mv人+Mv车=0 ，则v车=-mv人M，故人往前走，车后退，且当人的速度为零时，车的速度也一定为零，故CD正确。由于Mm，所以v人v车，故B正确。由动量定理可知，I=mv人=-Mv车 ，则人和车的冲量大小相等，但方向相反，故冲量不相等，故A错误。【点睛】本题主要考查动量守恒定律和动量定理，对整体受力分析

21、，根据动量守恒的条件可得出系统是否动量守恒；由冲量的定义可得出冲量是否相等。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 11 r1 R11R1- r 【解析】甲：要想测得A1的内阻应测出流过其中的电流及两端的电压，但由题意可知，题目中没有给出电压表，故可以考虑采用两个电流表充当电压表进行测量；图中AB采用了此种方法，但是由于两电流表内阻均不是已知量，只是约数，无法正确测出电阻值；故可以采用并联电路的分流原理，则定值电阻分流，则可通过并联电路的电流规律求得并联部分的电压；CD采用的即为此种方法；C中分流电阻采用了11的电阻，则电流表A1中流过

22、的电流为A1中电流的两倍；容易损坏电表；而D中采用了大电阻，则A1满偏时，A1中电流约为；则能准确的得出数据，故选D方案为最佳方案；由并联电路的规律可知，定值电阻中的电流为；则电流表内阻为：；乙：设保护电阻的电阻为r，由欧姆定律应有：，代入数据解得，所以定值电阻应选结合实验步骤，根据欧姆定律应有，联立解得；12、 1.41（1.361.44均可） 0.5（0.40.6均可） 【解析】用电压挡检测电路故障，电压表的表头是电流计，原电路有断路，回路中无电流，将电压表接在间后有示数，说明电路被接通，即间有断路故障，再测量间电压，电压表读数不为零，说明断路故障的范围被缩小到间，则一定是导线断开；若读数

23、为零，则说明电路仍未被接通，断路故障的范围被确定在间根据闭合电路的欧姆定律：，上式可简化为，读出两点坐标：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：电动势E=1.41 V，内阻r=0.5 点睛:由图象法处理实验数据的关键是要理解图线的物理意义纵轴截距和斜率表示什么，闭合电路的欧姆定律是核心四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】(1)对物块从开始到下滑到最大距离的过程运用动能定理，求出下滑的最大距离(2)对全过程研究，运用动能定理求出停止位置距离O点的距离，结合摩擦力做功得出摩擦产生的焦耳热【详解

24、】(1)设物块向下运动的最大距离为 x m，由动能定理得：mgsinxm-mgcosxm-qExm=0- 代入数据可求得：xm=0.5m；(2) 因qEmgsin+mgcos，tan物块不可能停止在 x轴正向，设最终停在 x轴负向且离O点为 x 处，整个过程电场力做功为零，由动能定理得：-mgxsin-mgcos（2xm+x）=0代入数据可得：x=0.4m产生的焦耳热：Q=mgcos（2xm+x），代入数据解得Q=10.5J【点睛】本题考查了动能定理的综合运用，知道重力做功和电场力做功与路径无关，关键合理选择研究的过程，运用动能定理进行求解14、 (1) vA=1m/s ， vB=3m/s (2) 9.5J【解析】（1）设木板A与圆弧槽C碰前瞬间，木板A的速度为vA,物块B的速度为vB,对于木