海南省海口市海南中学2022-2023学年高三物理第一学期期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一根自然长度为L0的轻质弹簧一端固定在竖直墙面上，另一端在水平拉力F作用下整体伸长了L如果研究其中自然长

2、度为的一小段，则它受到的弹力大小及伸长量分别为（）A，BF，CF，D，2、一种比飞机还要快的旅行工具即将诞生，称为“第五类交通方式”，它就是“Hyperloop（超级高铁）”。据英国每日邮报2016年7月6日报道：Hyperloop One公司计划，2030年将在欧洲建成世界首架规模完备的“超级高铁”（Hyperloop），连接芬兰首都赫尔辛基和瑞典首都斯德哥尔摩，速度可达每小时700英里（约合1126公里/时）。如果乘坐Hyperloop从赫尔辛基到斯德哥尔摩，600公里的路程需要40分钟，Hyperloop先匀加速，达到最大速度1200 km/h后匀速运动，快进站时再匀减速运动，且加速与减

3、速的加速度大小相等，则下列关于Hyperloop的说法正确的是（）A加速与减速的时间不相等B加速时间为10分钟C加速时加速度大小为2 m/s2D如果加速度大小为10 m/s2，题中所述运动最短需要32分钟3、如图静止在光滑水平面上的物体，在水平推力F的作用下开始运动，推力F随时间t变化的规律如图所示。则物体在0t1时间内（ ）A速度一直增大B加速度一直增大C速度先增大后减小D位移先增大后减小4、春秋末年齐国人的著作考工记中有“马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动这是关于惯性的最早记述下列关于惯性的说法中正确的是()A车只在运动时才具有惯性 B撤去拉力后车的惯性

4、大小不变C拉力可以改变车的惯性 D车运动越快惯性越大5、2018年2月，我国500 m口径射电望远镜（天眼）发现毫秒脉冲星“J0318+0253”，其自转周期T=5.19 ms，假设星体为质量均匀分布的球体，已知万有引力常量为以周期T稳定自转的星体的密度最小值约为（ ）ABCD6、如图所示，“伦敦眼”（The LondonEye），是世界上最大的观景摩天轮，仅次于南昌之星与新加坡 观景轮。它总高度 135 米（443 英尺），屹立于伦敦泰晤士河南畔的兰贝斯区。现假设摩天轮正绕中间的固定轴作匀速圆周运动，则对于坐在轮椅上观光的游客来说，正确的说法是（ ） A因为摩天轮匀速转动，所以游客受力平衡B

5、因为摩天轮做匀速转动，所以游客的机械能守恒C当摩天轮转动过程中，游客受到的合外力方向不一定指向圆心D当摩天轮转到最低点时，游客处于超重状态二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、2019年7月19日，天宫二号实验室受控离轨并再入在大气层，少量残骸落入南太平洋预定安全海域，标志着中国载人航天工程空间实验室阶段全部任务圆满完成。在实验期间，成功实现将货运飞船“天舟一号”与轨道空间站“天宫二号”刚性对接，设对接后的组合体绕地球做匀速圆周运动，其周期为，离地面的高度为。已知地球半

6、径为，引力常量为，根据以上信息可求出A组合体的质量为B地球的质量为C地球表面的重力加速度为D组合体的向心加速度为8、一束由红光a和紫光b组成的复色光沿平行于等腰梯形棱镜底面方向入射，出射光线方向与入射光线平行，如图所示则下列光路正确的是ABCD9、我国发射的某卫星，其轨道平面与地球赤道在同一平面内，卫星距地面的高度约为500km，而地球同步卫星的轨道高度约为36000km，已知地球半径约为6400km。已知地球表面的重力加速度g=10m/s2，关于该卫星，下列说法中正确的是A同步卫星的线速度大小约为8km/sB该卫星的加速度大于同步卫星的加速度C一年内，该卫星被太阳光照射时间小于同步卫星被太阳

7、光照射时间D该卫星的发射速度小于第一宇宙速度10、如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中，规定电场中P点的电势为零，则在Q形成的电场中（）AP点电场强度大小是N点的4倍BN点电势高于P点电势C检验电荷在N点具有的电势能为DN点电势为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的实验装置如图所示，其中A为固定橡皮条的图钉，O为橡皮条与细绳的结点，OB和OC为细绳根据实验数据在

8、白纸上所作图如图乙所示，已知实验过程中操作正确（1）如图所示，力_ (填“F” 或“F”)不是由弹簧测力计直接测得的（2）实验中要求先后两次力的作用效果相同，指的是_ (填正确选项前字母)A两个弹簧测力计拉力F1和F2的大小之和等于一个弹簧测力计拉力的大小B橡皮条沿同一方向伸长C橡皮条伸长到同一长度D橡皮条沿同一方向伸长同一长度（3）如图是测量中某一弹簧测力计的示数，读出该力大小为_N12（12分）为了探究物体质量一定时加速度与力的关系，甲、乙同学设计了如图所示的实验装置其中M为小车的质量，m为砂和砂桶的质量,m0为滑轮的质量，滑轮大小不计且光滑力传感器可测出轻绳中的拉力大小（1）实验时，一定

9、要进行的操作是_A用天平测出砂和砂桶的质量B将带滑轮的长木板右端垫高，以平衡摩擦力C小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量m远小于小车的质量M（2）甲同学在实验中得到如图所示的一条纸带（两计数点间还有四个点没有画出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度为_m/s2（结果保留三位有效数字）（3）甲同学以力传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF图象是一条直线，图线与横坐标的夹角为，求得图线的斜率为k，则小车的质量为_A B C D四、计算题：本题共2小题，共26

10、分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在坐标系xOy的第一象限内虚线OC的上方存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B0，第四象限内存在磁感应强度大小未知、方向垂直纸面向里的匀强磁场，第三象限内存在沿y轴负方向的匀强电场，在x轴负半轴上有一接收屏GD，GD2OD2d现有一带电粒子（不计重力）从y轴上的A点，以初速度v0水平向右垂直射入匀强磁场，恰好垂直OC射出，并从x轴上的P点（未画出）进入第四象限内的匀强磁场，粒子经磁场偏转后又垂直y轴进入匀强电场并被接收屏接收，已知OC与x轴的夹角为37，OA，sin37=0.6，cos

11、37=0.1求：（1）粒子的带电性质及比荷；（2）第四象限内匀强磁场的磁感应强度B的大小；（3）第三象限内匀强电场的电场强度E的大小范围14（16分）汽车连续下陡坡时，长时间的刹车会导致制动力下降，为保障安全，通常会在路旁设置向上的紧急避险车道，一种紧急避险车道由引道和制动床等组成，尽头是防撞设施，如图1所示。质量为20t的货车，以18m/s的初速冲向倾角（sin0.2）的紧急避险车道上，汽车在引道和制动床上的摩擦阻力分别是车重的0.30倍、0.80倍。引道长L130m，制动床长L250m，取g10m/s2，求：（1）货车刚上引道时的加速度大小；（2）货车将停在何处？是否会自行滑下？（3）考虑

12、到货车进人紧急避险车道速度最大可达到30m/s，计算分析避险车道制动床长度的数据是否合理。15（12分）如图所示，倾角=37的足够长斜面上有一长为L、质量为2m的木板B，木板B上端有一质量为m的滑块A（视为质点），木板下端3L处有一质量为m的足够长木板C锁定。在斜面上，滑块A与木板B、C间的动摩擦因数均为1=0.25，木板C与斜面间无摩擦，木板B、C的厚度相同。现同时由静止释放A、B，在B与C碰撞前瞬间，解除对C的锁定，此时A恰好滑离B而滑上C，已知B、C碰撞为弹性碰撞，重力加速度为g，sin 37 = 0.6， cos 37=0.8，求：（1）木板B与斜面间的动摩擦因数2；（2）B、C发生碰

13、撞后瞬间，木板C的速度大小vC；（3）B、C发生碰撞后2s时，滑块A到木板C上端的距离x。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】整个弹簧的伸长量为L轻质弹簧内部张力处处相等，对于自然长度为L0/n的一小段，受到的弹力大小为F，伸长量为L/n，故B正确，ACD错误故选：B2、B【解析】A加速与减速的加速度大小相等，加速和减速过程中速度变化量的大小相同，根据：可知加速和减速所用时间相同，A错误；BC加速的时间为，匀速的时间为，减速的时间为，由题意得：联立方程解得：匀加速和匀减速用时：匀速运动的时间：加速和减速过

14、程中的加速度：B正确，C错误；D同理将上述方程中的加速度变为，加速和减速的时间均为：加速和减速距离均为匀速运动用时：总时间为：D错误。故选B。3、C【解析】对物体受力分析可知，物体受到的合力推力F；由图可知，物体受到的力先减小后反向增大；则由F合=ma得：a先减小后反向增大，则物体的速度先增加后减小；由于速度方向不变，故位移一直增大；故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】本题考查牛顿第二定律的应用，有些同学一直认为加速度减小速度一定减小，从而因思维定势而出现错误；一定要牢记：速度和加速度方向相同物体加速；方向相反，物体减速，与加速度的大小变化没有关系4、B【解析】惯性指物体保持原来运动状态不变

15、的性质，惯性是物体本身固有的属性，任何物体任何状态下都有惯性；质量是物体惯性大小的唯一的量度，故B正确，ACD错误。5、C【解析】试题分析;在天体中万有引力提供向心力，即 ，天体的密度公式，结合这两个公式求解设脉冲星值量为M，密度为 根据天体运动规律知： 代入可得： ，故C正确；故选C点睛：根据万有引力提供向心力并结合密度公式求解即可6、D【解析】机械能包含动能和重力势能，游客的动能不变，但重力势能是不断变化的，当物体具有向上的加速度时，处于超重状态；【详解】A、摩天轮匀速转动，故游客也是做匀速圆周运动，合力提供向心力，不为零，故不是平衡状态，故A错误；B、因为摩天轮做匀速转动，所以游客的动能

16、不变，但是重力势能是变化的，故机械能总量是变化的，故B错误；C、因为摩天轮做匀速转动，所以游客也是做匀速圆周运动，合力运动指向圆心，提供向心力，故C错误；D、当摩天轮转到最低点时，合力向上，加速度向上，即向心加速度向上，故处于超重状态，故D正确。【点睛】该题结合竖直平面内的圆周运动考查到多个知识点的内容，解答的关键是分析受力情况，知道合力提供向心力，结合机械能守恒定律列式分析即可。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB对接后的组合体绕地球做匀速圆周运动，

17、其周期为T，离地面的高度为H，设地球质量为M，组合体质量为m，万有引力提供向心力得得故A错误，B正确；C忽略球体自转影响，万有引力等于重力得联立得故C错误；D对接后的组合体绕地球做匀速圆周运动，其周期为T，离地面的高度为H，设地球质量为M，组合体质量为m，万有引力提供向心力得联立解得故D正确。故选BD。8、BD【解析】红光a比紫光b的频率小，所以红光的折射率小于紫光的折射率，即n紫n红，如图所示：红光和紫光的折射角不同，光线会分开，在底边发生全反射后从右侧射出，射出的光线b光在上面、a光在下面故BD正确，AC错误9、BC【解析】A.同步卫星的线速度为：v=GMR+h，又由黄金代换：GM=gR2

18、，可得v=gR2R+h=106400103236000103+6400103m/s3.1km/s，故A错误。B.根据加速度的公式a=GMr2，可知该卫星的加速度大于同步卫星的加速度，故B正确。C. 该卫星的离地高度比同步卫星小，在绕地球运动一周的过程中光照射的比例小，则一年内该卫星被太阳光照射的时间小于同步卫星被太阳光照射时间，故C正确。D.第一宇宙速度是卫星最小的发射速度，知该卫星的发射速度大于第一宇宙速度，故D错误。10、AD【解析】AP点电场强度大小是，N点电场强度大小是，由于，所以P点电场强度大小是N点的4倍，故A正确；B根据顺着电场线方向电势降低，由于N点离正点电荷更远，所以N点电势

19、低于P点电势，故B错误；CD根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程由题，P点的电势为零，即P=0，解得，N点的电势检验电荷在N点具有的电势能为故C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、F D 9.0(8.89.2之间均可) 【解析】(1)F在以F1与F2为邻边的平行四边形的对角线上，不是由弹簧测力计直接测出的该实验采用了“等效替代”法，即合力与分力的关系是等效的，前后两次要求橡皮条沿同一方向伸长同一长度，故ABC错误，D正确.(2)根据丙图读出力的值为9.0 N.12、BC 1.00m/s1 c 【解析】（1）本题拉力可以由弹

20、簧测力计测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，AD错误；实验时需将长木板右端垫高，以平衡摩擦力，B正确；实验时，小车应靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，需记录传感器的示数，C正确（1）相邻计数点间的时间间隔为T=50.01s=0.1s，根据x=aT1，运用逐差法得，则有： 可得：a=1.00m/s1（3）由牛顿第二定律得：1F=（M+m0）a，则有：，a-F图象的斜率：，小车质量为：，则C正确；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）（3）【解析】(1)粒子运动轨迹如图所示，由左手定则可知粒子带负电由图知粒子在第一象限内运动的轨道半径Rd由洛伦兹力提供向心力得Bqv0m联立得 (2)由图知OPd，所以粒子在第四象限内做圆周运动的半径为 同理Bqv0，联立得B (3)粒子在匀强电场中做类平抛运动，由图知OQrrsin 37d当电场强度E较大时，粒子击中D点，由类平抛运动规律知v0t 联立得Emax 当电场强度E较小时，粒子击中G点，由类平抛运动规律知v0t联立得Emin 所以 点睛：本题考查了粒子在电场与磁场中的运动，粒子在电场中做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，分析清楚粒子运动过程、作出粒子运动轨迹是正确解题的关键，