阿坝市重点中学2022-2023学年高三物理第一学期期中预测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t=0时起,第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向

2、的1N的外力作用下列判断正确的是( )A02s内外力的平均功率是WB第2秒内外力所做的功是JC第2秒末外力的瞬时功率最大D第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值是2、如图所示，A、B是位于水平桌面上两个质量相等的小滑块，离墙壁的距离分别为L和，与桌面之间的动摩擦因数分别为和，现给滑块A某一初速度，使之从桌面右端开始向左滑动，设AB之间、B与墙壁之间的碰撞时间都很短，且碰撞中没有能量损失，若要使滑块A最终不从桌面上掉下来，滑块A的初速度的最大值为（）ABCD3、如图三条光滑斜轨道1、2、3，他们的倾斜角一次是60度、45度、30度；这些轨道交于O点，现有位于同一竖直线的三个小物体甲乙丙分别沿这三

3、条轨道同时从静止自由下滑，物体滑到O点的先后顺序是（）A甲最先，乙稍后，丙最后B乙最先，然后甲丙同时到达C甲乙丙同时到达D乙最先，甲稍后，丙最后4、 “娱乐风洞”是一项将科技与惊险相结合的娱乐项目，它能在一个特定的空间内把表演者“吹”起来.假设风洞内向上的风量和风速保持不变，表演者调整身体的姿态，通过改变受风面积(表演者在垂直风力方向的投影面积)，来改变所受向上风力的大小.已知人体所受风力大小与受风面积成正比，人水平横躺时受风面积最大，设为S0，站立时受风面积为18S0；当受风面积为12S0时，表演者恰好可以静止或匀速漂移.如图所示，某次表演中，人体可上下移动的空间总高度为H，表演者由静止以站

4、立身姿从A位置下落，经过B位置时调整为水平横躺身姿(不计调整过程的时间和速度变化)，运动到C位置速度恰好减为零.关于表演者下落的过程，下列说法中正确的是()AB点距C点的高度是35HB从A至B过程表演者克服风力所做的功是从B至C过程表演者克服风力所做的功的16C从A至B过程表演者所受风力的冲量是从A至C过程表演者所受风力的冲量的16D从A至B过程表演者所受风力的平均功率是从B至C过程表演者所受风力平均功率的165、国际单位制（缩写SI）定义了米（m）、秒（s）等7个基本单位，其他单位均可由物理关系导出。例如，由m和s可以导出速度单位ms1。下列几个物理量的单位正确的是A滑动摩擦因数的单位N/k

5、gB功W的单位是kgm/s2C万有引力恒量G的单位是Nkg2/ m2D劲度系数k的单位是kg/s26、对于质点的运动，下列说法正确的是A质点运动的加速度为零，则速度为零，速度变化也为零B质点速度变化率越大，则加速度越大C质点某时刻的加速度不为零，则该时刻的速度也不为零D质点运动的加速度越大，它的速度变化越大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为2103kg的汽车由静止开始沿平直公路行驶，行驶过程中牵引力F和车速倒数的关系图象如图所示已知行驶过程中最大车速为30m/

6、s，设阻力恒定，则()A汽车运动过程中受到的阻力为6103NB汽车在车速为5m/s时，加速度为3m/s2C汽车在车速为15m/s时，加速度为1m/s2D汽车在行驶过程中的最大功率为6104W8、一个物体以初速度大小为v0被水平抛出，落地时速度大小为v，不计空气阻力，重力加速度大小为g，则（ ）A物体做平抛运动的时间为t=v2-v02gB物体做平抛运动的竖直分位移为v2-v022gC物体做平抛运动的时间为v-v0gD物体做平抛运动的水平分位移为v0v-v0g9、如图所示，质量分别为3m、m的两个可看成质点的小球A、B，中间用一细线连接，小球A由细线系于天花板上的O点，小球B由细线拴接于墙角的C点

7、，初始时刻，细线OA与细线BC垂直，细线OA与竖直方向成37角，若保持A球位置不动，而将BC线的C端沿水平方向向左移动一小段距离，已知重力加速度为g，sin370.6，cos370.8，则下列说法正确的是A移动前，细线OA中的张力大小为3.2mgB移动过程中，细线OA中的张力保持不变C移动过程中，细线BC中的张力可能先减小后增大D移动过程中，细线BC中的张力逐渐增大10、如图所示，质量均为M的A、B两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物C，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为。下列说法正确的是（ ）A当m一定时，越小，滑

8、块对地面的压力越大B当m一定时，越大，滑块与地面间的摩擦力越小C当一定时，M越大，滑块与地面间的摩擦力越大D当一定时，M越大，可悬挂重物C的质量m越大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组利用如图甲所示的装置进行“探究加速度与合外力的关系”的实验，已知小车质量为M，重力加速度为g （1）实验中平衡摩擦力后，必须采用_法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足_；（2）某次实验中打出的一条纸带如图乙所示，图中1、2、3、4、5为相邻计数点，且相邻计数点间的时间间隔为0.1s，由该纸带可求得小车的加速度a

9、=_m/s2；（结果保留3位有效数字）（3）改变钩码的个数重复实验，得到加速度a与合外力F的关系如图丙所示，由图象直线部分OA，可得出的结论是_直线部分OA的斜率k=_（用M、g表示）12（12分）如图所示为研究平行板电容器电容的实验电容器充电后与电源断开，电量Q将_（填“增大”、“减小”或“不变”），与电容器相连的静电计用来测量电容器的_在常见的电介质中，由于空气的介电常数是最小的，当极板间插入其它的电介质板时，电容器的电容将_（填“增大”、“减小”或“不变”），于是我们发现，静电计指针偏角将_（填“增大”、“减小”或“不变”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题

10、处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一定质量的理想气体从状态A先后经过等压、等容和等温过程完成一个循环，A、B、C状态参量如图所示，气体在状态A的温度为27 ，求：（1）气体在状态B的温度TB；（2）气体从ABC状态变化过程中与外界交换的总热量Q。14（16分）一定量的理想气体封闭在带有活塞的汽缸内。气体开始处于状态A，由过程AB到达状态B，后又经过过程BC到达状态C，如图所示。设气体在状态A时的压强、体积和温度分别为pA、VA和TA。在状态B时的温度为TB，在状态C时的温度为TC。(1)求气体在状态B时的体积VB；(2)求气体在状态A的压强pA与状态C的压强

11、pC之比。15（12分） (12分)如图为一列简谐横波在t1=0时刻的波形图象，此时波中质点M正处于平衡位置，运动方向沿y轴负方向，到t2=0.55s时质点M恰好第三次到达y轴正方向最大位移处. 试求：（1）该波传播方向；（2）该波波速大小； （3）从t1=0到t3=1.2s，波中质点N走过的路程和相对于平衡位置的位移分别是多少?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A由动量定理Ft=mv2-mv1求出1s末、2s末速度分别为：v1=2m/s、v2=3m/s由动能定理可知合力做功为：故02s内功率是： 故A

12、正确；BD第1秒内与第2秒内动能增加量分别为： 故第2s内外力所做的功为2.5J；第1秒内与第2秒内动能增加量的比值为4：5，故BD错误；C1s末、2s末功率分别为：P1=F1v1=4WP2=F2v2=3W；第2秒末外力的瞬时功率不是最大故C错误；2、B【解析】以A、B两物体组成的系统为研究对象，A与B碰撞时，由于相互作用的内力远大于摩擦力，所以碰撞过程中系统的动量守恒。设A与B碰前速度为vA，碰后A、B的速度分别为vA、vB，由动量守恒定律得由于碰撞中总动能无损失，所以且联立得即A与B碰后二者交换速度。所以第一次碰后A停止运动，B滑动；第二次碰后B停止运动，A向右滑动，要求A最后不掉下桌面，

13、它所具有的初动能正好等于A再次回到桌边的全过程中A、B两物体克服摩擦力所做的功，即解得故ACD错误，B正确。故选B。3、B【解析】设斜轨道底边的长度为，斜面的倾角为，则斜轨道的长度为根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为则有代入数据得得到根据数学知识得知则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端点；乙运动时间最短，乙最先到达点，故B正确，A、C、D错误；故选B。4、B【解析】设人水平横躺时受到的风力大小为Fm，由于人体受风力大小与正对面积成正比，故人站立时风力为18Fm。由于受风力有效面积是最大值的一半时，恰好可以静止或匀速漂移，故可以求得人的重力G=12Fm，即有Fm=2G。则从A至B过程

14、表演者的加速度为a1=G-Fmm=mg-18mgm=0.75g，从B至C过程表演者的加速度大小为a2=Fm-mgm=2mg-mgm=g，由速度位移公式得：从A至B过程表演者的位移x1=v22a1，从B至C过程表演者的位移x2=v22a2，故x1：x2=4：3，因而有x1=47H，故A错误；表演者A至B克服风力所做的功为W1=18Fm47H=114FmH；B至C过程克服风力所做的功为W2=Fm37H=37FmH；所以W1W2=16，故B正确；因此从A至B过程表演者的加速度小于从B至C过程表演者的加速度，故A错误；设B点的速度为v，则从A至B过程表演者的运动时间t1=va1=4v3g.从B至C过程

15、表演者的运动时间t2=va2=vg，根据动量定理，I1=18Fmt1=13mv，I2=Fmt2=2mv，I1I2+I1=17，故C错误；根据p=wt，又W1W2=16，t1t2=43，联立解得p1p2=18，故D错误。所以B正确，ACD错误。5、D【解析】A滑动摩擦因数没有单位，故A错误；B由功公式可知，功的单位为，故B错误；C由公式得所以G的单位是，故C错误；D由胡克定律可得所以劲度系数k的单位故D正确。6、B【解析】选B.质点运动的加速度为零时，质点的速度变化为零，但速度不一定为零，A错误；质点速度变化率即为加速度，B正确；质点在某时刻的加速度不为零，其速度可能为零，如自由落体的物体在开始

16、下落的瞬间，故C错误；质点的速度变化vat，即速度的变化由质点的加速度和时间共同决定，D错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】试题分析：从图线看出，开始图线与x轴平行，表示牵引力不变，牵引车先做匀加速直线运动，倾斜图线的斜率表示额定功率，即牵引车达到额定功率后，做加速度减小的加速运动，当加速度减小到零，做匀速直线运动当牵引力等于阻力时，速度最大，由图线可知阻力大小f=2000N，A错误；倾斜图线的斜率表示功率，可知，车速为5m/s时，汽车做匀加速直线运动

17、，加速度，B错误当车速为15m/s时，牵引力，则加速度，故C正确；汽车的最大功率等于额定功率，等于60000W，D正确8、AB【解析】解:根据平行四边形定则可得:落地时物体在竖直方向上的分速度vy=v2-vo2物体做平抛运动,竖直方向上做自由落体运动,则有:vy=gt所以运动的时间为:t=v2-vo2g物体做平抛运动的竖直分位移为h=vy2g=v2-vo22g,水平分位移为x=vot=vov2-vo2g所以AB选项是正确的9、AD【解析】本题考查受力分析中的整体法的理解和应用【详解】如图所示，将A、B视作一个整体，对整体进行受力分析，整体在重力，AO绳子拉力和BC绳子拉力作用下三力平衡，A由三

18、角形法则知，三力首尾相连应构成一个封闭的三角形，如图此时 ，故A正确；BCD根据题意，在移动过程中，绳OA方向保持不变，而C端逐渐向左移动，整个过程中系统始终保持平衡，利用三角法则，如图所示可以得出在移动过程中，TBC逐渐变大，而TAO逐渐变小，即B、C错误，D正确；综上所述，本题选择AD。10、BCD【解析】A对ABC整体分析可知，对地压力为：与无关。故A错误。B将C的重力按照作用效果分解，如图所示：可得：对A分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的静摩擦力，根据平衡条件，有：当m一定时，越大，滑块与地面间的摩擦力越小。故B正确。CD由上可知，当一定时，M越大，M与地面间的最大静摩擦力越大；则

19、可悬挂重物C的质量m越大。故CD正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、控制变量 小车质量远大于钩码质量 1.15 小车质量不变时，加速度与合外力成正比 【解析】（1）12实验中平衡摩擦力后，必须采用控制变量法，保持小车质量不变，若想用钩码的重力作为小车所受合外力，需满足小车质量远大于钩码质量；（2）3由匀变速直线运动的推论x=at2可知，加速度：（3）4由图丙所示图象可知，图象OA部分是直线，由此可知：小车质量不变时，加速度与合外力成正比由牛顿第二定律得：，则a-F图象直线部分OA的斜率：；12、不变；电势差；增大；减小；【解析】电容器充电后与电源断开，电量保持不变；静电计可以测量电容器的电势差当插入介质时，增大，由可知电容将增大；由可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小四、计算题