2023届福建省福州八中物理高三上期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、如图所示，一轻质橡皮筋的一端系在竖直放置的半径为0.5 m的圆环顶点P，另一端系一质量为 0.1 kg 的小球，小球穿在圆环上可做无摩擦的运动设开始时小球置于A点，橡皮筋处于刚好无形变状态，A点与圆心O位于同一水平线上，当小球运动到最低点B时速率为1 m/s，此时小球对圆环恰好没有压力(取g10 m/s2)下列说法正确的是（ ）A从A到B的过程中，小球的机械能守恒B从A到B的过程中，橡皮筋的弹性势能增加了0.35 JC小球过B点时，橡皮筋上的弹力为0.2 ND小球过B点时，橡皮筋上的弹力为1.2 N2、物理学中的许多规律是通过实验发现的，下列说法中符合史实的是( )A库仑用

3、扭秤测出了引力常量B牛顿通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持C伽利略认为：力是维持物体运动的原因D卡文迪许借助扭秤实验测出了万有引力常量3、在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是()A古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定，伽利略在他的两种新科学的对话中利用逻辑推断，使亚里士多德的理论陷入了困境B德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律C英国物理学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了静电力常量D牛顿首次提出“提出假说，数学推理实验验证，合理外推”

4、的科学推理方法4、研究表明，地球自转在逐渐变慢，3亿年前地球自转的周期约为22小时假设这种趋势会持续下去，地球的其他条件都不变，未来人类发射的地球同步卫星与现在的相比A距地面的高度变大B向心加速度变大C线速度变大D角速度变大5、如图所示，在光滑水平面上放置一个质量为M的滑块，滑块的一侧是一个圆弧形凹槽OAB，凹槽半径为R，A点切线水平。另有一个质量为m的小球以速度v0从A点冲上凹槽，整个过程中凹槽不会侧翻，重力加速度大小为g，不计摩擦。下列说法中正确的是（）A球和滑块组成的系统水平方向动量守恒B当时，小球恰能到达B点C小球在滑块上运动的过程中，滑块的动能先增大后减小D如果小球的速度足够大，球将

5、从滑块的左侧离开滑块后落到水平面上6、下列核反应方程中，属于衰变的是（）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、轻绳一端通过光滑的定滑轮与物块P连接，另一端与套在光滑竖直杆上的圆环Q连接，Q从静止释放后，上升一定距离后到达与定滑轮等高处，则在此过程中，下列说法正确的是（）A任意时刻Q受到的拉力大小与P的重力大小相等B任意时刻P、Q两物体的速度大小满足C物块P一直做加速直线运动D当Q上升到与滑轮等高时，它的机械能最大8、下列说法中正确的是A卡文迪许仅根据牛顿第三定律

6、推出了行星与太阳间引力大小跟行星与太阳间距离的平方成反比的关系B开普勒整理第谷的观测数据，总结出“所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆”等三大行星运动定律C“月地检验”表明地面物体所受地球引力与月球所受地球引力遵从同样的规律D引力常量G的大小是牛顿根据大量实验数据得出的9、嫦娥工程分为三期，简称“绕、落、回”三步走我国发射的“嫦娥三号”卫星是嫦娥工程第二阶段的登月探测器，该卫星先在距月球表面高度为h的轨道上绕月球做周期为T的匀速圆周运动，再经变轨后成功落月已知月球的半径为R，引力常量为G，忽略月球自转及地球对卫星的影响则以下说法正确的是A物体在月球表面自由下落的加速度大小为B“嫦娥三号”绕月球做匀

7、速圆周运动时的线速度大小为C月球的平均密度为D在月球上发射月球卫星的最小发射速度为10、如图所示，在光滑绝缘水平面上的P点正上方O点固定了一电荷量为Q的正点电荷，在水平面上的N点，由静止释放一质量为m、电荷量为q的负检验电荷，该检验电荷经过P点时速度为v，图中，规定电场中P点的电势为零，则在Q形成的电场中（）AP点电场强度大小是N点的4倍BN点电势高于P点电势C检验电荷在N点具有的电势能为DN点电势为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在做“验证牛顿第二定律”的实验时（装置如图所示）：(1)下列说法中正确的是（_）A平衡运动系统的

8、摩擦力时，应把装砂的小桶通过定滑轮拴在小车上B连接砂桶和小车的轻绳应和长木板保持平行C平衡摩擦力后，长木板的位置不能移动D小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车(2)甲同学根据实验数据画出的小车的加速度a和小车所受拉力F的图像为图所示中的直线，乙同学画出的图像为图中的直线。直线、在纵轴或横轴上的截距较大，明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这种情况原因的四种解释，其中可能正确的是（_）A实验前甲同学没有平衡摩擦力B甲同学在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了C实验前乙同学没有平衡摩擦力D乙同学在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了(3)在研究小车的加速度a和小车的质量M的关系时，

9、由于没有满足（m为砂桶及砂桶中砂的质量）的条件，结果得到的图像应是下图中的（_）A B C D(4)在研究小车的加速度a和拉力F的关系时，由于没有满足的关系，结果应是下图中的（_）A B C D12（12分）在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图（a）所示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器，位移传感器（发射器）随小车一起沿水平轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端实验中力传感器的拉力为F，保持小车（包括位移传感器发射器）的质量不变，改变重物重力重复实验若干次，得到加速度与外力的关系如图（b）所示（1）小车与轨道的滑动摩擦

10、力f=_ N（2）从图象中分析，小车（包括位移传感器发射器）的质量为_kg（3）该实验小组为得到a与F成正比的关系，应将斜面的倾角调整到_(保留两位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示,AB(光滑)与 CD(粗糙)为两个对称斜面,斜面的倾角均为 ,其上部都足够长, 下部分别与一个光滑的圆弧面 BEC 的两端相切，圆弧半径为 R一个物体在离切点 B 的高度为 H 处,以初速度 v0 沿斜面向下运动，物体与 CD 斜面的动摩擦因数为 （1）物体首次到达 E 点时受到的支持力的大小；（2）物体沿

11、斜面 CD 上升的最大高度 h；（3）请描述物体从v0 开始下滑的整个运动情况，并简要说明理由14（16分）某快递公司分拣邮件的水平传输装置示意如图，皮带在电动机的带动下保持v1 m/s的恒定速度向右运动，现将一质量为m2 kg的邮件轻放在皮带上，邮件和皮带间的动摩擦因数0.1设皮带足够长，取g10 m/s2，在邮件与皮带发生相对滑动的过程中，求：(1)邮件滑动的时间t；(2)邮件对地的位移大小x；(3)邮件与皮带间的摩擦力对皮带做的功W15（12分）如图所示，斜面AC长L = 1m，倾角 =37，CD段为与斜面平滑连接的水平地面一个质量m = 2kg的小物块从斜面顶端A点由静止开始滑下小物块

12、与斜面、地面间的动摩擦因数均为 = 0.1不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2，sin37 = 0.6，cos37 = 0.2求： （1）小物块在斜面上运动时的加速度大小a； （2）小物块滑到斜面底端C点时的速度大小v； （3）小物块在水平地面上滑行的时间t参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】对小球来说，由于有弹力做功，小球的机械能不再守恒，部分小球的机械能转化为了弹簧的弹性势能，而使小球的机械能减小，故A错误；根据能量的转化与守恒，mgR=Ep+mv2，得：Ep=10.5-0.112=0.45J，即

13、从A到B的过程中，橡皮筋的弹性势能增加了0.45J，B错误；小球在最低点，不受圆环的弹力，故弹簧的弹力与重力一起充当向心力，故有F-mg=m； 故F=mg+m=1+0.1=1.2N，故C错误，D正确；故选D【点睛】本题要注意我们研究的系统是小球而不是小球与弹簧，若说明是小球与弹簧系统则机械能守恒；而只对小球机械能是不定恒的2、D【解析】A.卡文迪许用扭秤测出了引力常量，故A错误，D正确；B.伽利略通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持，故B错误；C.伽利略认为力不是维持物体运动的原因，而亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，故C错误3、A【解析】A项：古希腊学者亚里士多德认为物体下落的

14、快慢由它们的重量决定，伽利略在他的两种新科学的对话中利用逻辑推断，提示了这个理论内部的矛盾，使亚里士多德的理论陷人了困境，故A正确；B项：德国天文学家开普勒对他导师第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了行星运动的三大定律，故B错误；C、英国物理学家、化学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了引力常量，故C错误；D项：首次提出“提出假说，数学推理实验验证，合理外推”的科学推理方法的是伽利略，故D错误。点晴：古希腊学者亚里士多德认为物体下落的快慢由它们的重量决定伽利略在他的两种新科学的对话中利用逻辑推断，提示了这个理论内部的矛盾，使亚里士多德的理论陷人了困境德国天文学家开普勒对他导师第

15、谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了行星运动的定律英国物理学家、化学家卡文迪许利用“卡文迪许扭秤”首先较准确的测定了引力常量。4、A【解析】A同步卫星的周期等于地球的自转周期，根据万有引力定律和牛顿第二定律 可知，卫星的周期越大，轨道半径越大，所以地球自转变慢后，同步卫星需要在更高的轨道上运行，选项A正确；BCD而此时万有引力减小，所以向心加速度减小、线速度减小，角速度减小，故选项BCD错误5、A【解析】A由于小球与滑块在水平方向上不受外力作用，所以球和滑块组成的系统水平方向动量守恒，故A正确；B当小球刚好到达B点时，小球与滑块水平方向速度相同，设为v1，以小球的初速度方向为正方向，在水平方

16、向上，由动量守恒定律得机械能守恒定律得联立解得所以当时，小球不能到达B点，故B错误；C小球在圆弧上运动的过程中，小球对滑块M的压力一直对滑块做正功，所以滑块动能一直增加，故C错误；D小球离开四分之一圆弧轨道时，在水平方向上与滑块M的速度相同，则球将从滑块的左侧离开滑块后返回时仍然回到滑块M上，不可能从滑块的左侧离开滑块，故D错误。故选A。6、A【解析】衰变生成电子，新原子核的质量数不变，而核电荷数增加1个；由此分析可知，A是衰变，B是核聚变，C是a衰变，D是人工核反应，A正确，BCD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全

17、部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AP先向下做加速运动，处于失重状态，则绳的拉力大小小于P的重力大小，即Q受到的拉力大小小于P的重力大小。后向下减速运动，处于超重状态，拉力大小大于P的重力大小。故A错误；B将圆环Q的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，则沿绳子方向的分速度等于P的速度。轻绳与杆的夹角为时，由速度的分解可得所以。故B正确；C圆环Q和物块P被一根轻绳相连，一开始圆环Q加速运动，绳上拉力竖直方向的分力大于重力。之后随着圆环Q上升，拉力竖直方向的分力逐渐减小，经过中间某一位置时，拉力竖直方向的分力等于重力。之后，拉力竖直方向的分力小于重力，圆环Q做减

18、速运动。所以物块P先做加速运动，后做减速运动。故C错误；D圆环Q上升到与滑轮等高前，绳子的拉力做正功，Q机械能增加。圆环Q上升到与滑轮等高之后，绳子拉力做负功，Q机械能减小。所以Q上升到与滑轮等高时，机械能最大。故D正确。故选BD。8、BC【解析】A、牛顿探究天体间的作用力，得到行星与太阳间引力大小跟行星与太阳间距离的平方成反比的关系，并进一步扩展为万有引力定律，并不是卡文迪许提出的，故A错误。B、开普勒整理第谷的观测数据，总结出“所有行星绕太阳运动的轨道都是椭圆”等三大行星运动定律，故B正确。C、万有引力定律建立后，经历过“月-地检验”，表明地面物体所受地球引力与月球所受地球引力遵从同样的规

19、律，故C正确。D、牛顿发现了万有引力定律，但是没有测得引力常量G的大小，G的大小是卡文迪许测得的，故D错误故选：B、C【点睛】该题要掌握好物理学的基本发展历史，知道各个人对物理学的贡献，其中引力常量G是卡文迪许测得的这点要牢记。9、AC【解析】在月球表面，重力等于万有引力，则得：；对于“嫦娥三号”卫星绕月球做匀速圆周运动过程，由万有引力提供向心力得：；解得： ，故A正确“嫦娥三号”卫星绕月球做匀速圆周运动，轨道半径为r=R+h，则它绕月球做匀速圆周运动的速度大小为，故B错误由上式得：月球的质量为M=，月球的平均密度为=M/V，而V=4R3/3，解得月球的平均密度为 ，故C正确设在月球上发射卫星

20、的最小发射速度为v，则有： ，即，故D错误故选AC【点睛】本题主要是考查了万有引力定律及其应用；解答此类题目一般要把握两条线：一是在星球表面，忽略星球自转的情况下，万有引力近似等于重力；二是根据万有引力提供向心力列方程进行解答10、AD【解析】AP点电场强度大小是，N点电场强度大小是，由于，所以P点电场强度大小是N点的4倍，故A正确；B根据顺着电场线方向电势降低，由于N点离正点电荷更远，所以N点电势低于P点电势，故B错误；CD根据动能定理得：检验电荷由N到P的过程由题，P点的电势为零，即P=0，解得，N点的电势检验电荷在N点具有的电势能为故C错误，D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

21、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BCD BC D D 【解析】(1)1A. 平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故A错误；B. 若连接砝码盘和小车的细绳与长木板不保持平行，则绳子的拉力分力等于小车的外力，这样导致误差增大，故B正确；C. 每次改变小车的质量时，小车的重力沿斜面分力和摩擦力仍能抵消，不需要重新平衡摩擦力，故长木板的位置不能移动，以防摩擦力不再平衡，故C正确；D. 为充分利用纸带，实验时小车应靠近打点计时器，且应先接通电源再释放小车，故D正确；(2)2AB. 图象表明在小车的拉力为0

22、时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过渡，即把长木板的末端抬得过高了，故A错误，B正确；CD. 图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够，故C正确，D错误；(3)3 在研究加速度跟小车质量的关系时，保持不变，改变小车质量，在小车质量远大于重物质量时，即当满足时，可以认为小车受到的拉力（合力），此时加速度与小车质量成反比，与成正比，以横轴，为纵轴，则图象应是过原点的直线，当小车质量不远大于重物质量时，小车受到的拉力明显小于重物重力，图象向下弯曲，最后趋近于定值

23、；A. 与分析不符，故A错误；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析不符，故C错误；D. 与分析相符，故D正确。(4)4设绳子上拉力为，对小车根据牛顿第二定律有：对砂桶和砂有：由此解得：由此可知当时，则有：而当没有满足的关系时，由于，随着的增大，的加速度：即实际的加速度小于理论值，图象将会发生向下弯曲；A. 与分析不符，故A错误；B. 与分析不符，故B错误；C. 与分析不符，故C错误；D. 与分析相符，故D正确。12、0.5； 0.7； ； 【解析】（1）1根据图象可知，当F=0.5N时，小车开始有加速度，则f=0.5N；（2）2根据牛顿第二定律得： ，则a-F图象的斜率表示小车质量的倒数，则（3）为得到a与F成正比的关系，则应该平衡摩擦力