2023届新疆呼图壁县一中物理高三第一学期期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和

2、答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、 “天津之眼”是一座跨河建设、桥轮合一的摩天轮，是天津市的地标之一。摩天轮悬挂透明座舱，乘客随座舱在竖直面内做匀速圆周运动。下列叙述正确的是（）A摩天轮转动过程中，乘客的机械能保持不变B在最高点，乘客重力大于座椅对他的支持力C摩天轮转动一周的过程中，乘客重力的冲量为零D摩天轮转动过程中，乘客重力的瞬时功率保持不变2、质量相同的甲、乙两车同时从同一地点沿同一直线运动，它们的运动速度随时间变化的t图象如图所示关于两车的运动情况，下列说法正确的是（ ）A在0t0内，乙车一直在做

3、加速度减小的加速运动B在t=t0时，甲乙两车恰好相遇C在t=2t0时刻，甲乙两车相距最远D在02t0内，甲车的平均速度大小为v03、如图所示，倾角为30的斜面A置于水平面上，滑块B、C叠放在一起沿斜面匀速下滑，且始终保持相对静止，斜面A静止不动，B上表面倾斜，则B、C在斜面上运动时，下列说法正确的是AB可能受三个力作用BA、B间的动摩擦因数CA一定受四个力作用D地面对A的支持力小于A、B、C三者重力之和4、如图所示，某同学用一个小球在O点对准前方的一块竖直放置的挡板，O与A在同一高度，小球的水平初速度分别是，不计空气阻力。打在挡板上的位置分别是B、C、D，且。则之间的正确关系是（ ）ABCD5

4、、如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是通过椭圆中心O的水平线已知一小球从M点出发，以初速沿管道MPN运动，到N点的速率为，所需的时间为；若该小球仍由M点以相同初速出发，而沿管道MQN运动，到N点的速率为，所需时间为则A，B，C，D，6、如图甲所示是一台交流发电机构造示意图,产生交变电流的感应电动势随时间变化的正弦规律如图乙。发电机线圈电阻为1,外接电阻为4,则( )A线圈转速为50r/sB电压表的示数是4VC负载电阻的电功率为2WD线圈转速加倍,电压表读数变为原来的4倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要

5、求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、有三颗质量相同的人造地球卫星， 是放置在赤道附近还未发射的卫星， 是靠近地球表面做圆周运动的卫星， 是在高空的一颗地球同步卫星比较三颗人造卫星的运动周期、线速度、角速度和向心力，下列判断正确的是（ ）ABCD8、在机场和火车站对行李进行安全检查用的水平传送带如图所示，当行李放在匀速运动的传送带上后，传送带和行李之间的滑动摩擦力使行李开始运动，随后它们保持相对静止，行李随传送带一起匀速通过检测仪检查，设某机场的传送带匀速前进的速度为0.4 m/s，某行李箱的质量为5 kg，行李箱与传送带之间的动摩擦因数为0.2，当旅客把这个行李箱小

6、心地放在传送带上的A点，已知传送带AB两点的距离为1.2 m ,那么在通过安全检查的过程中，g取10 m/s2，则 （ ）A开始时行李箱的加速度为0.2 m/s2B行李箱从A点到达B点时间为3.1 sC传送带对行李箱做的功为0.4 JD传送带上将留下一段摩擦痕迹，该痕迹的长度是0.04 m9、如图所示，质量为m的小球(可视为质点)用长为L的细线悬挂于O点，自由静止在A位置现用水平力F缓慢地将小球从A拉到B位置而静止，细线与竖直方向夹角为60，此时细线的拉力为T1，然后撤去水平力F，小球从B返回到A点时细线的拉力为T2，则() AT1T22mgB从A到B，拉力F做功为mgLC从B到A的过程中，小

7、球受到的合外力大小不变D从B到A的过程中，小球重力的瞬时功率先增大后减小10、竖立在水平地面上的轻弹簧，下端与地面固定，将一个金属球放置在弹簧顶端(球与弹簧不粘连)，并用力向下压球，使弹簧做弹性压缩。稳定后用细线把弹簧栓牢如图a所示烧断细线，球将被弹起，且脱离弹簧后能继续向上运动。不计空气阻力。如图b所示那么该球从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中：（ ）A球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小B球刚脱离弹簧时的动能最大C球所受合力的最大值不一定大于重力值D在某一阶段内，球的动能减小而它的机械能增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某

8、同学设计了如图甲所示的装置来研究小车的加速度与所受合力的关系将装有力传感器的小车放置于水平长木板上，缓慢向小桶中加入细砂，直到小车刚开始运动为止，记下传感器的最大示数再将小车放回原处并按住，继续向小桶中加入细砂，记下传感器的示数释放小车，记录小车运动时传感器的示数（1）接通频率为50Hz的交流电源，释放小车，打出如图乙所示的纸带从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，则小车的加速度_（2）同一次实验中，_选填“”、“”或“”（3）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与F的关系如图丙不计纸带与计时器间的摩擦图象中F表示的是实验中测得的_A.

9、B. C. （4）关于该实验，下列说法中正确的是_A.小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量B.实验中需要将长木板倾斜以平衡摩擦力C.实验中需要测出小车和传感器的总质量D.用加细砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据12（12分）已知轻弹簧的弹性势能和劲度系数的关系为（为弹簧形变量）物理小组设计如图（a）所示实验装置测量某一轻弹簧的劲度系数：轻弹簧放置在光滑水平桌面上，弹簧左端固定，右端与一物块接触而不连接，纸带穿过打点计时器并与物块连接，向左推物块使弹簧压缩一段距离，由静止释放物块，通过测量和计算，可求得弹簧的劲度系数(1)实验中涉及到下列操作步骤：测量物

10、块的质量 把纸带向左拉直 松手释放物块接通打点计时器电源 向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量上述步骤正确的操作顺序是_（填入代表步骤的序号）(2)测得物块质量为200g，图（b）中L纸带是把弹簧压缩2cm后所得到的实际打点结果打点计时器所用交流电的频率为50Hz由纸带所给的数据，可求出在该纸带对应的实验中物块脱离弹簧时的速度为_m/s，弹簧的劲度系数为_N/m四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为演示“过山车”原理的实验装置，该装置由两段倾斜直轨道与一圆轨道拼接组成，在圆轨道最低点处的两侧稍错开

11、一段距离，并分别与左右两侧的直轨道平滑相连。某研学小组将这套装置固定在水平桌面上，然后在圆轨道最高点A的内侧安装一个薄片式压力传感器（它不影响小球运动，在图中未画出）。将一个小球从左侧直轨道上的某处由静止释放，并测得释放处距离圆轨道最低点的竖直高度为h，记录小球通过最高点时对轨道（压力传感器）的压力大小为F。此后不断改变小球在左侧直轨道上释放位置，重复实验，经多次测量，得到了多组h和F，把这些数据标在F-h图中，并用一条直线拟合，结果如图所示。为了方便研究，研学小组把小球简化为质点，取重力加速度g=10m/s2。请根据该研学小组的简化模型和如图所示的F-h图分析并回答下列问题：（1）若空气及轨

12、道对小球运动的阻力均可忽略不计，圆轨道的半径R和小球的质量m；若两段倾斜直轨道都足够长，为使小球在运动过程中始终不脱离圆轨道，释放高度h应满足什么条件； 当释放处的竖直高度h=0.40m时，求小球到达圆轨道最低点时所受轨道的支持力的大小N1； 当释放处的竖直高度h=0.40m时，求小球到达圆轨道圆心等高处时对轨道的压力N2。（2）在利用此装置进行某次实验时，由于空气及轨道对小球运动的阻力不可忽略，当释放处的竖直高度h=0.50m时，压力传感器测得小球对轨道的压力N=0.32N，求小球从静止运动至圆轨道最高点的过程中克服阻力所做的功W。14（16分）如图所示，一质量m=2kg的木箱静止在粗糙水平

13、面上。从t=0开始，木箱受到F=10N、与水平面的夹角为=37的恒定拉力，沿水平面匀加速运动。已知木箱与水平面间的动摩擦因数=0.2，重力加速度g=10m/s2，sin37= 0.6，cos37= 0.8。（1）画出木箱受力的示意图；（2）求木箱的加速度a的大小；（3）求02s时间内，木箱位移x的大小。15（12分）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中。某足球场长90 m、宽 60 m。攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为10 m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2。求：（1）足球从开始做匀减

14、速运动到停下来的位移为多大；（2）若在足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线先从静止开始以1.6m/s2的加速度向前匀加速追赶足球，速度达到8 m/s后以此速度匀速运动。则该前锋队员经过多长时间能追上足球?参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A摩天轮运动过程中做匀速圆周运动，乘客的速度大小不变，则动能不变，但高度变化，所以机械能在变化，选项A错误；B圆周运动过程中，在最高点由重力和支持力的合力提供向心力，即所以重力大于支持力，选项B正确；C转动一周，重力的冲量为I=mgt不为零，C错误；D运动过

15、程中，乘客的重力大小不变，速度大小不变，但是速度方向时刻在变化，根据P=mgvcos可知重力的瞬时功率在变化，选项D错误。故选B。2、D【解析】A、在0t0内，乙车先做加速度减小的减速运动，然后反向做加速度减少的加速运动，故A错误B、在t=t0时，甲乙两车速度相等，两车距离最远，故B、C错误D、在02t0内，甲车做匀减速运动，甲车的平均速度就等于这段时间中间时刻的瞬时速度v0，故D正确故选D3、C【解析】试题分析：物体B匀速运动，根据平衡条件分析B的受力情况；以B和C整体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件求解动摩擦因数；以斜面为研究对象，根据力的分析方法分析斜面受力；地面对A的支持力等于A、B

16、、C三者重力之和A、B受到重力、斜面的支持力和摩擦力、C对B的压力和摩擦力5个力的作用，A错误；以B和C整体为研究对象，沿斜面方向根据平衡条件可得，解得，B错误；斜面A受到重力、地面的支持力、B对斜面的压力和摩擦力4个力的作用，C正确；滑块B、C叠放在一起沿斜面匀速下滑，整体受力平衡，故地面对A的支持力等于A、B、C三者重力之和，故D错误4、C【解析】考查平抛运动。【详解】三个小球做平抛运动，水平位移相同，由：可得：，竖直方向有：解得：所以：C正确，ABD错误。故选C。5、A【解析】试题分析：根据机械能守恒定律分析小球到达N点时速率关系，结合小球的运动情况，分析平均速率关系，即可得到结论解：由

17、于小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，到达N点时速率相等，即有v1=v1小球沿管道MPN运动时，根据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率v0，而小球沿管道MQN运动，小球的速率大于初速率v0，所以小球沿管道MPN运动的平均速率小于沿管道MQN运动的平均速率，而两个过程的路程相等，所以有t1t1故A正确故选A【点评】解决本题关键要掌握机械能守恒定律，并能用来分析小球速率的大小，知道平均速率等于路程与时间之比6、C【解析】由图象可知，周期为0.04s，则转速为n=25r/s，故A错误；由图象可知，正弦式交流电的电动势的最大值为5V，则电动势的有效值为，那么电压表的示数为，故B错

18、误；R消耗的功率，故C正确；线圈转速加倍，则角速度加倍，最大值Em=NBs，故最大值变为原来的2倍，有效值也变为原来的2倍，故电压表示数变为原来2倍，故D错误故选C.点睛：线框在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交变电流而对于电表读数、求产生的热量均由交变电的有效值来确定；注意在求电压表示数时，解法同闭合电路欧姆定律二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】根据题意地球同步卫星c周期与地球自转周期相同，即与放在赤道的卫星a的周期相同，即，根据可知；对表面卫星b与同步

19、卫星c，由可知， ，则，且 ；所以， 故AD错误，BC正确故选BC8、BCD【解析】行李开始运动时由牛顿第二定律有：mg=ma，所以得：a=2 m/s2，故A错误；物体加速到与传送带共速的时间，此时物体的位移：，则物体在剩下的x2=1.2m-0.04m=1.96m内做匀速运动，用时间，则行李箱从A点到达B点时间为t=t1+t2=3.1 s，选项B正确；行李最后和传送带最终一起匀速运动，根据动能定理知，传送带对行李做的功为：W=mv2=0.4 J，故C正确；在传送带上留下的痕迹长度为：，故D正确故选BCD9、AD【解析】小球在B位置时受到向下的重力mg、水平向左的拉力F、沿BO方向的拉力T1，根

20、据平衡条件应有T1=mgcos60=2mg；小球返回到A时，根据牛顿第二定律应有T2-mg=mvA2L从B到A由动能定理可得mgL（1-cos60）=12mvA20；联立可得T2=2mg，即T1=T2=2mg，所以A正确；根据动能定理应有WF-mgL（1-cos60）=0，解得WF=12mgL，所以B错误；从B到A小球做圆周运动，在B点时所受的合力为FB=mgsin，在A点时所受的合力为FA=mvA2L ，再由动能定理mgL（1-cos）=12mvA2，解得FA=2mg（1-cos），显然FAFB，所以C错误；根据P=Fvcos，小球在B点时的速度为0，所以重力的瞬时功率也为0，尽管小球在A点

21、时的速度最大，但此时在竖直方向的速度为0，所以重力的瞬时功率也为0，所以小球从B到A的过程中重力的瞬时功率应先增大后减小，D正确；故选AD点睛：解答时应明确：物体缓慢运动过程即为动态平衡过程；瞬时功率表达式为P=FVcos，其中是力F与速度v的正向夹角10、AD【解析】从细线被烧断到刚脱离弹簧的运动过程中，弹簧的压缩量逐渐减小，弹簧的弹性势能逐渐减小，所以球刚脱离弹簧时弹簧的弹性势能最小，故A正确。开始弹力大于重力，小球加速上升，当小球的弹簧的弹力等于小球的重力时加速度减为零，此时速度最大，然后弹力小于重力，小球减速上升，当弹簧恢复原长时小球脱离弹簧，所以小球的动能先增大后减小，所以球刚脱离弹

22、簧时的动能不是最大，故B错误。小球在最低点时受到的合力最大，假设小球恰能到达弹簧原长位置速度为零，由对称性可知，小球在最低点时加速度为向上的g，此时小球受合力为mg，则在最低点受到的最大的合力为mg；因球脱离弹簧将被弹起继续向上运动，说明烧断细线瞬间，小球的加速度大于g，即球所受合力最大值大于球的重力值，选项C错误；从弹簧的弹力等于重力的位置向上继续运动直到脱离弹簧的过程中，小球的动能逐渐减小，但是弹簧的弹力对小球做正功，则小球的机械能增加，故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.16 D D 【解析】（1）根据匀变

23、速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小；（2）对小桶受力分析，根据牛顿第二定律求解；（3）由于已经平衡摩擦力，图象过原点的倾斜直线，则F表示合力；（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据【详解】（1）从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，所以相邻的计数点间的时间间隔，根据匀变速直线运动的推论公式可以求出加速度的大小，得：，（2）对小桶受力分析，设小桶重力为mg，木板释放前力传感器的示数，所以，设小车的重力为Mg，小车在加速运动时力传感器的示数，根据

24、牛顿第二定律得：，所以，（3）图象是过原点的一条倾斜的直线，已经平衡摩擦力，所以F应该表示小车受到的合力，即，故D正确；故选D.（4）在该实验中力传感器可以直接得出力的大小，不需要使小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量，故A错误；实验中不需要将长木板倾斜，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，故B错误；实验中不需要测出小车和传感器的总质量，只需要保证小车和传感器的总质量不变，故C错误；用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据，故D正确；故选D【点睛】本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力解

25、决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚12、或 0.78 304.2 【解析】由题意可知考查测量弹簧劲度系数的方法，根据功能关系计算可得【详解】(1) 1 该实验正确的操作步骤为：测量物块的质量，向左推物块使弹簧压缩，并测量弹簧压缩量，把纸带向左拉直，接通打点计时器电源，松手释放物块，选纸带计算，其中测物块的质量可先可后(2) 2 分析纸带可求出物块脱离弹簧时的速度， 3 根据功能关系可得 代入数值可求得【点睛】本实验根据纸带上的点迹可求得物块脱离弹簧时的速度，再根据系统机械能守恒关系可求得弹簧的劲度系数四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13