湖南省常德市示范初中2022-2023学年物理高三上期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、a、b两个质量相同的球用细线连接，a球用细线挂在天花板上，b球放在光滑斜面上，系统保持静止，下列图示正确的是（）ABCD2、如图所示，a、b 是真空中两个等量异种点电荷，A

2、、B 为两点电荷连线中垂线上的两点. 现将一正点电荷q 由 A 点沿中垂线移到 B 点，下列说法中正确的是（ ）AA 点场强小于 B 点场强BA 点电势小于 B 点电势C电荷移动过程中的电势能减少D电荷移动过程中，电场力做正功3、共享单车是指企业在校园、地铁站点、公交站点等公共服务区提供自行车单车共享服务，是一种新型、便捷的公共交通方式如图1所示是某共享单车采用的无链传动系统，利用圆锥齿轮90轴交，将动力传至后轴，驱动后轮转动杜绝了传统自行车“掉链子”问题如图所示是圆锥齿轮90轴交示意图，其中A是圆锥齿轮转轴上的点，B、C分别是两个圆锥齿轮边缘上的点，两个圆锥齿轮中心轴到A、B、C三点的距离分

3、别记为rA、rB和rC(rArBrC)下列说法正确的是（ ）AB点与C点的角速度，B=CBC点与A点的线速度，vC=rBrAvACB点与A点的角速度，B=rArBADA点和C点的线速度，vA=rArCvC4、在如图所示的电路中，输入电压U恒为8 V，灯泡L标有“3 V，6 W”字样，电动机线圈的电阻RM1 若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是（ ）A电动机的输出功率10WB整个电路消耗的电功率是10 WC电动机的效率是80%D流过电动机的电流是2 A5、如图所示，一理想变压器原副线圈匝数之比为3：1，原线圈两端接入一正弦交流电源，副线圈电路中R为负载电阻，交流电压表和交流电流表都是理想电表，下

4、列结论正确的是（）A若电压表读数为36V，则输入电压的峰值为108VB若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则电流表的读数增加到原来的4倍C若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，则输入功率也增加到原来的2倍D若只将输入电压增加到原来的3倍，则输出功率增加到原来的9倍6、吴老师驾车从“杭州二中”开往“诸暨五泄风景区”，导航地图如图所示，则以下说法错误的是（）A研究汽车在导航图中的位置时，可以把汽车看作质点B图中显示的“1小时48分”是指时间间隔C“距离最短”中的“87公里”是指位移大小D高速公路某处路边竖有限速标志120km，指的是车辆行驶在该路段过程中，瞬时速度不能超过120k

5、m/h二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为一列沿轴负方向传播的简谐横波，实线为时刻的波形图，虚线为时的波形图，波的周期，则以下说法正确的是（ ）A波的周期为0.8sB在时，P点沿y轴正方向运动C至，P点经过的路程为0.4mD在时，Q点到达波峰位置8、弹簧振子以O点为平衡位置做简谐运动，以向右为正方向，图乙为这个弹簧振子的振动图象，下列说法中正确的是（）A在t0.3s与t0.5 s两个时刻，弹簧振子的速度相同B从t0.6s时，加速度等于0C在t0.1s时，弹簧

6、振子的位移为cmD在t0.2s时，弹簧振子有最小的弹性势能E.在t0 s到t0.4 s时间内，弹簧振子的动能先减小后增大9、把小球放在竖立的弹簧上，并把球往下按至A位置，如图甲所示迅速松手后，球升高至最高位置C（图丙），途中经过位置B时弹簧正处于原长（图乙）忽略弹簧的质量和空气阻力则小球从A运动到B的过程中，下列说法正确的是（ ） A小球的速度先增大后减小 B小球的加速度一直减小C小球的机械能一直增大 D小球一直处于失重状态10、如图所示，一气缸固定在水平面上，气缸内活塞B封闭着一定质量的理想气体，假设气缸壁的导热性能很好，环境的温度保持不变若用外力F将活塞B缓慢地向右拉动，则在拉动活塞的过程

7、中，关于气缸内气体，下列说法正确的是（ ）A单个气体分子对气缸壁的平均作用力变小B单位时间内，气体分子对左侧气缸壁的碰撞次数变少C外界对气体做正功，气体向外界放热D气体对外界做正功，气体内能不变E.气体是从单一热源吸热，全部用来对外做功，但此过程并未违反热力学第二定律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图所示的实验装置验证ml、m2组成的系统机能守恒m2从高处由静止开始下落，ml上拖着的纸带打出一系列的点。对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。如图给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有

8、4个点（图中未标出），计数点间的距离s1=38.40 cm、s2=21.60 cm、s3=26.40 cm、s4=31.21 cm、s5=36.02 cm，如图所示，己知ml=50g、m2=150g，频率为50Hz，则（g取9.8 m/s2，结果保留两位有效数字）（1）由纸带得出ml、m2运动的加速度大小为a=_m/s2，在纸带上打下计数点5时的速度v5=_m/s；（2）在打点05过程中系统动能的增量Ek=_J，系统势能的减少量Ep=_J；（3）若某同学根据实验数据作出的-h图象如图，当地的实际重力加速度g=_m/s2。12（12分）如图甲所示是某同学设计的“探究加速度a与物体所受合力F及质量

9、m间关系”的实验装置简图，A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，D为一端带有定滑轮的长方形木板，实验中认为细绳对小车拉力F等于砂和砂桶的总重力，小车运动加速度a可由纸带求得（1）图乙所示是某同学通过实验得到的一条纸带，他在纸带上取A、B、C、D、E、F、G等7个计数点（每相邻两个计数点之间还有4个点没有画出）已知打点计时器所使用电源的频率为50 Hz，用刻度尺测得：AB=0.60 cm，AC=1.60 cm，AD=3.00 cm，AE=4.80 cm，AF=7.00 cm，AG=9.60 cm，则打E点时小车的速度为_m/s，小车的加速度为_m/s1（结果均保留两位有效数字）（1）另一同

10、学保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图丙，该图线不通过原点，其主要原因是_（3）若实验中将小车换成滑块，将木板水平放置可测出滑块与木板间的动摩擦因数要测出动摩擦因数，需要测量的物理量有_；实验测得的动摩擦因数比真实值_（选填“大”或“小”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，一半径为R的玻璃半球，O点是半球的球心，虚线OO表示光轴（过球心O与半球底面垂直的直线）已知玻璃的折射率为1.1现有一束平行光垂直入射到半球的底面上，有些光线能从球面射出（不考虑被半

11、球的内表面反射后的光线）求（1）从球面射出的光线对应的入射光线到光轴距离的最大值；（2）距光轴的入射光线经球面折射后与光轴的交点到O点的距离14（16分）如图所示，半径的竖直半圆光滑轨道在B点与水平面平滑连接，一个质量的小滑块（可视为质点）静止在A点一瞬时冲量使滑块以一定的初速度从A点开始运动，经B点进入圆轨道，沿圆轨道运动到最高点C，并从C点水平飞出，落在水平面上的D点经测量，D、B间的距离，A、B间的距离，滑块与水平面的动摩擦因数，重力加速度求：（1）滑块通过C点时的速度大小（2）滑块刚进入圆轨道时，在B点轨道对滑块的弹力（3）滑块在A点受到的瞬时冲量大小15（12分）一个容积为V0的氧气

12、罐（视为容积不变），经检测，内部封闭气体压强为1.6p0，温度为0，为了使气体压强变为p0，可以选择以下两种方案：冷却法：已知Tt+273.15K，求气体温度降低了多少摄氏度（结果保留两位小数）？放气法：保持罐内气体温度不变，缓慢地放出一部分气体，求氧气罐内剩余气体的质量与原来总质量的比值。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】对b球受力分析，受重力、斜面对其垂直向上的支持力和细线的拉力，由于三力平衡时三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故细线拉力向右上方，A图错误；再对ab两个球整体受力分

13、析，受总重力、斜面垂直向上的支持力和上面细线的拉力，根据共点力平衡条件判断上面的细线的拉力方向斜向右上方，故CD错误，B正确2、A【解析】A.根据电场线分布情况得知，A处电场线比B处电场线疏，则A点场强小于B点场强。故A正确。B. 根据平行四边形定则，对中垂线上的场强进行合成，知中垂线上每点的电场方向都水平向右，中垂线和电场线垂直，所以中垂线为等势线，所以A点的电势等于B点的电势。故B错误。CD. 将一正点电荷q由A点沿中垂线移到B点，电场力的方向与运动方向垂直，电场力不做功，电势能不变。故CD错误3、B【解析】A项：B点与C点的线速度相等，由于rBrC，所以BC，故A错误；B项：B点与C点的

14、线速度相等，B点的角速度与A角速度相等，所以vc=rBrAvA，故B正确；C项：B点的角速度与A角速度相等，所以vBrB=vArA即vB=rBrAvA，故C错误；D项：B点与C点的线速度相等，B点的角速度与A角速度相等，即vc=rBrAvA，故D错误4、D【解析】灯泡正常发光，则电路电流：，所以流过电动机的电流是2 A，故D正确；整个电路消耗的功率P总=UI=8V2A=16W，故C错误；灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V，电动机的热功率：，电动机的输出功率：，故A错误；则电动机的效率：，故C错误所以D正确，ABC错误5、D【解析】A项：若电压表

15、读数为36V，由U1U2=n1n2，可得则输入电压为U1=3136V=108V，是有效值，根据正弦交流电有效值与最大值的关系可得因此其最大值为1082V，故A错误；B项：若输入电压不变，副线圈匝数增加到原来的2倍，则输出电压也增加到原来的2倍，电流表示数应增加到原来的2倍，故B错误；C项：若输入电压不变，负载电阻的阻值增加到原来的2倍，由I=UR输出电流减小到原来的一半，则根据P=UI可知，输出功率减小到原来的一半，因输出功率等于输入功率，故输入功率也减小到原来的一半，故C错误；D项：若保持负载电阻的阻值不变。输入电压增加到原来的3倍，输出电压增大到原来的3倍，则由P=U2R可知输出功率增加到

16、原来的9倍，故D正确。6、C【解析】A.研究汽车在导航图中的位置时，汽车的大小可以忽略，故可以把汽车看作质点；故A正确，不符合题意；B.图中显示的“1小时48分”是指时间间隔，故B正确，不符合题意；C. “距离最短”中的“87公里”是指路程，故C错误，符合题意；D.进入隧道前路边竖有限速标120km，为120km/h，指瞬时速度，意思为指的是车辆经过隧道过程中，瞬时速度不能超过120km/h；故D正确，不符合题意二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】由题，

17、简谐横波沿x轴负方向传播，波的周期，则知，得， A正确；该波的波速； 时，虚线波向左移动0.3s，即点右方7m处的波传到该点，则是P点向y轴负方向运动，B错误；经过0.4s，P点振动了半个周期，故点经过的路程为0.4cm，C正确；0.5s时，波由实物图向左移动了5m；则点波形为10m处的波形，故Q点到达波峰位置，D正确选ACD8、ACE【解析】Ax-t图象的切线斜率表示速度，在t=0.3s与t=0.5s两个时刻，弹簧振子的速度相同，故A正确；Bt0.6s时，振子位于最大位移处，由可知，此时加速度最大，故B错误；C由图可知，T=0.8s，所以在t0.1s时的位移为故C正确；D在t0.2s时，振子

18、的位移最大，弹簧形变量最大，弹性势能最大，故D错误；E由题意可知，振子从O点开始运动，经过0.2s到达B点，再经0.2s到达O点，所以振子的动能先减小后增大，故E正确。故选ACE。9、AC【解析】A到B的过程中，开始F弹mg，小球要先加速运动；之后mgF弹，小球将减速运动，当加速度为零，即弹力与重力大小相等的位置时，速度最大，故A正确；加速度先变小后变大，故B错误；此过程中弹力一直做正功，则小球的机械能一直增大，故C正确；小球加速度先向上后向下，则先超重后失重，故D错误故选AC点睛：小球与弹簧相互作用的问题，关键要根据小球的受力情况来分析小球的运动情况，要抓住弹簧的弹力随压缩量增大而增大的，注

19、意小球的机械能不守恒，系统机械能守恒10、BDE【解析】A由理想气体状态方程知，等温变化过程中，体积增大，压强减小，即所有分子的平均作用力变小，但分子做无规则热运动，大量分子只能得到统计规律，无法衡量某一个分子的撞击力是否变化；故A错误.B气体的温度不变，则分子运动的激烈程度不变，气体的压强减小，根据压强的微观意义可知，气体分子单位时间对气缸壁单位面积碰撞的次数将变少；故B正确.CD气体体积变大，故气体对外做功；又气缸壁的导热性能良好，环境的温度保持不变，故气体做等温变化，温度不变即内能不变，则气体从外界吸热；故C错误，D正确.E在变化的过程中，气体不断的从外界吸收热量用来对外做功，但引起了其

20、它变化如F做了功，此过程没有违反热力学第二定律；故E正确.故选BDE.【点睛】该题结合理想气体的状态方程考查热力学第一定律,热力学第二定律和压强的微观解释，关键点在气体等温变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.8 2.4 0.58 0.59 9.7 【解析】（1）1根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，则有：代入数据解得：m/s2； 2 根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的顺所受的求出计数点5的瞬时速度，则有：代入数据解得：m/s；（2）3系统增加的动能J4系统重力势能的减小量J（3）5根据得则图线的斜率解

21、得m/s212、0.10 0.40 实验前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力时木板倾角过小） 砂和砂桶的总质量、木块的质量以及对应的加速度 大 【解析】由题中“如图甲所示是某同学设计的“探究加速度a与物体所受合力F及质量m间关系”可知，本题考查牛顿第二定律实验，根据实验原理、数据处理和误差分析可解答本题。【详解】（1）1根据打点计时器瞬时速度公式可得解得1根据加速度公式解得（1）3由图可知，当有力的时候没有加速度，原因是实验前未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足或平衡摩擦力时木板倾角过小；（3）4 如果要测出滑块与木板间的动摩擦因数，则根据牛顿第二定律可得因此需要测量砂和砂桶的总质量、木块的质量以及对应的加速度。5因为在公式中没有考虑绳的摩擦，因此求出的动摩擦因数比真实值偏大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中