黑龙江省克东一中、克山一中等五校联考2022-2023学年物理高三第一学期期中质量检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个质量相等的小球 A、 B 处在同一水平线上，当小球 A 被水平抛出 的同时，小球 B 开始

2、自由下落， 两球均未落地 不计空气阻力，则（）A两球的速度变化快慢不相同B在同一时刻，两球的重力的功率不相等C在下落过程中，两球的重力做功不相同D在相等时间内，两球的速度增量相等2、a、b两辆汽车在同一条平直公路上行驶的v-t图象如下图所示.下列说法正确的是( )At1时刻,车和b车处在同一位置Bt2时刻,、b两车运动方向相反C在 t1到t2这段时间内,b车的加速度先减小后增大D在 t1到 t2这段时间内,b车的位移小于车的位移3、水平放置的平行金属板A、B连接一恒定电压，两个质量相等的电荷M和N同时分别从极板A的边缘和两极板的正中间沿水平方向进入板间电场，两电荷恰好在板间某点相遇，如图所示若

3、不考虑电荷的重力和它们之间的相互作用，则下列说法正确的是 ( )A电荷M的比荷大于电荷N的比荷B两电荷在电场中运动的加速度相等C从两电荷进入电场到两电荷相遇，电场力对电荷M做的功等于电场力对电荷N做的功D电荷M进入电场的初速度大小与电荷N进入电场的初速度大小一定相同4、如图所示，在光滑的水平面上，物体B静止，在物体B上固定一个轻弹簧。物体A以某一速度v0沿水平方向向右运动，通过弹簧与物体B发生作用，A物体质量为m，B物体质量为2m，从A刚接触弹簧至弹簧再次恢复原长的过程中（ ）A弹簧再次恢复原长时B的速度大小为B物体A先做加速度增大的变减速运动，再做加速度减小的变减速运动C弹簧弹力对A的冲量大

4、小为D弹簧弹性势能的最大值为5、在物理学中突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并将其作为研究对象，是经常采用的一种科学研究方法下列选项中采用这种科学研究方法的是（）A质点B参考系C重心D电阻6、在欢庆节日的时候，人们会在夜晚燃放美丽的焰火按照设计，某种型号的装有焰火的礼花弹从专用炮筒中射出后，在4s末到达离地面100m的最高点时炸开，构成各种美丽的图案假设礼花弹从炮筒中竖直射出时的初速度是v0，上升过程中所受的平均阻力大小始终是自身重力的k倍，那么v0和k分别等于(重力加速度g=10m/s2)( )A50m/s，1.25B40m/s，0.25C50m/s，0.25D80

5、m/s，1.25二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、半圆形凹槽的半径为R，O点为其圆心在与O点等高的边缘A、B两点分别以速度v1、v2水平同时相向抛出两个小球，已知v1：v21：3，两小球恰落在弧面上的P点则以下说法中正确的是（ ）AAOP为60BA小球比B小球先落地C改变v1、v2，只要两小球落在弧面上的同一点，v1与v2之和就不变D若只增大v1，两小球可在空中相遇8、假设地球同步卫星的轨道半径是地球半径的 n 倍，则下列有关地球同步卫星的叙述正确的是（）A运行速度

6、是第一宇宙速度的倍B运行速度是第一宇宙速度的倍C向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的 n 倍D向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的倍9、如图所示，一根不可伸长的轻绳两端各系一个小球球和，跨在两根固定在同一高度的光滑水平细杆和上，质量为的球置于地面上，质量为的球从水平位置静止释放当球摆过的角度为时， 球对地面压力刚好为零，下列结论正确的是（ ）ABC若只将细杆水平向左移动少许，则当球摆过的角度为小于的某值时， 球对地面的压力刚好为零D若只将细杆水平向左移动少许，则当球摆过的角度仍为时， 球对地面的压力刚好为零10、如图所示，P、Q为平行板电容器，两极板竖直放置，在两板

7、间用绝缘线悬挂一带电小球.将该电容器与电源连接，闭合开关后，悬线与竖直方向夹角为，则 ( )A断开开关，加大P、Q两板间的距离，角度会增大B断开开关，缩小P、Q两板间的距离，角度不变化C保持开关闭合，缩小P、Q两板间的距离，角度会增大D保持开关闭合，缩小P、Q两板间的距离，角度会减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律，他将两物块A和B用轻质细绳连接并跨过定滑轮，B下端连接纸带，纸带穿过固定的打点计时器。用天平滑出A、B两物块的质量mA=300g、mB=100g，A从高处由静止开始下落，B

8、拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知打点计时计时周期为T=0.02s，则 (1)在打点05过程中系统动能的增量Ek=_J，系统势能的减小量Ep=_J，由此得出的结论是_；（重力加速度g取9.8m/s2，结果保留三位有效数字） (2)用v表示物块A的速度，h表示物块下落的高度。若某同学作出图像如图丙，可求出当地的重力加速度g=_m/s2。12（12分）某实验小组用如图所示装置“探究加速度与物体受力的关系”，已知重力加速度为g，打点计时器

9、所接的交流电的频率为50Hz，滑轮光滑，力传感器可测出轻绳中的拉力大小。实验步骤如下：按图所示，安装好实验器材，但不挂砝码盘；垫高长木板右端，轻推小车后，使小车能沿长木板向下匀速运动；挂上砝码盘，调节木板左端定滑轮的高度以及力传感器的固定位置，使牵引动滑轮的细线与木板平行；砝码盘中放入砝码，先接通电源，再释放小车，由打出的纸带求出小车的加速度并记录传感器示数；改变砝码盘中砝码的数量，重复步骤，求得小车在不同合力作用下的加速度。根据以上实验过程，回答以下问题：（1）对于上述实验，下列说法正确的是_。A必须要测出砝码和砝码盘的总质量B传感器的示数等于小车受到的合力C小车向左加速时，砝码处于失重状态

10、D砝码和砝码盘的总质量应远小于小车的质量（2）如图是以传感器的示数F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF图象。分析图时，该小组用量角器测得图线与横坐标的夹角为，通过计算式求得图线的斜率为k，则小车的质量为_A B C D若实验过程中，交流电的实际频率比50Hz稍大一些，则计算所得的小车加速度应比小车的实际加速_（选填“大”或“小”）。（3）本实验中，随着砝码质量的增加，测得的小车加速度也会增加，当砝码和砝码盘的质量远大于小车的质量时，小车的加速度大小约为_。A2g B1.5g Cg D0.5g四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和

11、演算步骤。13（10分）如图所示为一列简谐横波沿x轴传播在t=0(实线)和t=0.5s(虚线)时刻的波形图。(1)若t=0时刻，x=2.5m处质点正沿y轴负方向振动，求该质点第一次回到t=0时刻的位置所经过的最长时间；(2)若波动的周期T0.5s2T，则在1s内波形传播的距离为多少?14（16分）如图所示，质量为m=0.1kg的小物块（可视为质点），用一根长为L=1m不可伸长的轻质细线悬挂在距水平桌面1m高的O点，OB为竖直线，在桌面上方B点固定一个小的薄刀片，可切割物块上端的细线。现让物块从右边偏离竖直方向=60角的A点由静止释放，细线摆到竖直位置时恰好被瞬间切断，物块在动摩擦因数为=0.2

12、的水平桌面上由B点滑至D点停止。BD距离为x=2m（忽略空气阻力，g=10m/s2），求：(1)细线摆到竖直位置被切断前（细线被切断前物块与桌面无相互作用），物块对细线的拉力T；(2)因刀片切断细线，物块损失的机械能。15（12分）如图所示，传送带A、B之间的距离为L3.2 m，与水平面间的夹角37，传送带沿顺时针方向转动，速度恒为v2 m/s，在上端A点无初速度地放置一个质量为m1 kg、大小可视为质点的金属块，它与传送带的动摩擦因数为0.5，金属块滑离传送带后，经过弯道，沿半径为R0.4 m的光滑圆轨道做圆周运动，刚好能通过最高点E。已知B、D两点的竖直高度差h0.6 m(g取10 m/s

13、2)求：(1)金属块经过D点时的速度；(2)金属块在BCD弯道上克服摩擦力做的功。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：两球的加速度相同，均为g，速度变化快慢相同，故A错误；两球加速度相同，均为g，在相等时间t内两球的速度增量相等，均为gt，故D正确；重力的功率P=Gvy=mgt，两球的重力的功率相等，故B错误；下落过程中，两物体在竖直方向的位移相同，根据W=Gh可知，两球的重力做功相同，选项C错误；故选D考点：平抛运动；自由落体运动【名师点睛】此题是对平抛运动及自由落体运动规律的考查；关键是知道

14、两种运动在竖直方向的运动是相同的，加速度均为g；注意理解功率的表达式：P=Fvcos的含义2、C【解析】在t1时刻，ab两车速度相等，但不是相遇故A错误；t2时刻，a、b两车的速度都为正，方向相同，故B错误；在t1到t2这段时间内，图线切线的斜率表示加速度，可知b车的加速度先减小后增大故C正确在t1到t2这段时间内，图线与时间轴围成的面积表示位移，则b车的位移大于a车的位移故D错误故选C点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，图线的切线斜率表示瞬时加速度3、A【解析】若两板间电压为U，间距为d，长为L则由题意：，由式分析得vM、vN不一定相同，D错误

15、；由式分析得：，A正确，由进一步分析可得两个电荷的加速度，电场力对电荷所做的功，BC错误4、D【解析】本题考查动量守恒的应用。【详解】A.弹簧再次回到原长，相当于弹性碰撞，取向右为正方向，由动量守恒和能量守恒可知： 解得：，故A错误；B.由题可知，物体A先做加速度增大的变减速运动，当弹簧最短时两者共速，此后弹簧逐渐伸长，物体A再做加速度减小的变加速运动，故B错误；C.由A可知，弹簧恢复原长时，物体A的速度为：弹簧弹力对A的冲量即为动量变化量：故C错误；D.当两者共速时弹簧弹性势能最大，由动量守恒和能量守恒得： 解得：故D正确。故选D。5、A【解析】质点是为了方便研究问题而引入的理想化模型，在现

16、实中是不存在的，故从科学方法上来说属于建立理想模型法，A正确6、C【解析】上升过程中所受的平均阻力f=kmg，根据牛顿第二定律得：根据得：所以v0=at=50m/s而（k+1）g=12.5m/s2所以k=0.1A50m/s，1.1，与结论不相符，选项A错误；B40m/s，0.1，与结论不相符，选项B错误；C50m/s，0.1，与结论相符，选项C正确；D80m/s，1.1，与结论不相符，选项D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A、连接OP，过P点作A

17、B的垂线，垂足为D，如图所示：两球在竖直方向运动的位移相等，所以运动时间相等，两球水平方向做运动直线运动，所以，而，所以，所以，所以，即，故A正确；B、两小球竖直方向位移相同，根据可知两球运动时间相等，同时落地，故B错误；C、要两小球落在弧面的同一点，则水平位移之和为2R，则，落点不同，竖直方向位移就不同，t也不同，所以也不是一个定值，故C错误；D、若只增大，而不变，则两球运动轨迹如图所示，由图可知，两球必定在空中相遇，故D正确；故选AD【点睛】平抛运动在水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，根据几何关系可以求得AOP的角度，由平抛运动的规律逐项分析即可求解8、BC【解析】AB研究同

18、步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得：解得 地球同步卫星的轨道半径是地球半径的n倍，所以同步卫星的运行速度是第一宇宙速的倍，故A错误B正确。CD同步卫星的周期与地球自转周期相同，即同步卫星和地球赤道上物体随地球自转具有相等的角速度。根据圆周运动公式得：an=2r，因为r=nR，所以同步卫星的向心加速度是地球赤道上物体随地球自转的向心加速度的n倍。故C正确，D错误。故选BC。9、AD【解析】由于球摆动过程中机械能守恒，则有， 球通过最低点时，根据牛顿第二定律和向心力公式得解得故A正确，B错误；由上述求解过程可以看出，有，所以球到悬点的距离跟最终结果无关只要球摆到最

19、低点细绳的拉力都是 球对地面的压力刚好为零故C错误，D正确；故选AD点睛：本题关键对小球b运用机械能守恒定律和向心力公式联合列式求解；解题时要抓住临界态进行分析10、BC【解析】保持开关断开，电容器的带电量不变，根据公式C=QU、U=Ed、C=S4kd，联立得E=4kQS，即电场强度与极板间距无关，故板间场强不变，小球所受电场力不变，则不变，故A错误，B正确；保持开关闭合时，电容器板间电压不变，由E=Ud分析得知，缩小P、Q两板间的距离，板间场强增大，小球所受电场力增大，则增大，故C正确，D错误；选BC.【点睛】本题主要考查平行板电容器中的动态分析问题，要明确保持开关闭合时，电容器板间电压不变

20、，由E=Ud分析板间场强的变化，判断板间场强的变化，确定的变化保持开关断开时，电量不变，根据公式推导可知，板间场强不变，分析是否变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 在误差允许的范围内，、组成的系统机械能守恒 【解析】(1)1根据某段时间内平均速度等于中间时刻的瞬时速度，计数点5的瞬时速度：则系统动能的增加量：2系统重力势能的减小量:3在误差允许的范围内，、组成的系统机械能守恒；(2)根据系统机械能守恒定律得：解得：图线的斜率：代入数据得：12、C C 小 D 【解析】（1）1AD小车受到的拉力，可以直接由力传感器测出，所以不需要满

21、足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量，故不需要测出砝码和砝码盘的总质量，故AD错误； B对小车受力分析，可知小车受到的合力等于力传感器示数的两倍，故B错误； C小车向左加速，则砝码和砝码盘向下加速，即重力大于轻绳的拉力，故砝码等于失重状态，故C正确。故选C。（2）2对a-F图来说，图象的斜率表示小车质量的倒数，对小车根据牛顿第二定律有：变形得：由题知该图象的斜率为k，则有：解得：故C正确，ABD错误。故选C。3若交流电的实际频率大于50Hz，打点计时器打点的时间间隔小于0.02s，计数点间的时间间隔小于0.1s，计算加速度时所用时间t偏大，加速度的测量值小于真实值，即计算结果与实际值相比偏小

22、；（3）4设小车的加速度为a，则砝码和砝码盘向下加速为2a，对小车，根据牛顿第二定律有：对砝码和砝码盘，根据牛顿第二定律有：联立解得：由上可知，当砝码和砝码盘的质量远大于小车的质量时，即，小车的加速度大小约为：故D正确，ABC错误。故选D。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1） （2）10m或14m【解析】据在t=0时刻，x=2.5m处的质点向y轴负方向运动，根据波形平移法得到该波的传播方向；由两个时刻的波形可知时间与周期的关系，求出周期的通项，根据周期通项，读出波长，求出波速。简谐波传播过程中，振动在一个周期内传播一个波长的距离。根据波形的平移法可知，若波向左传播，且Tt2T，则波传播的距离是 1；若波向右传播，且Tt2T，波传播的距离是1，从而求得波速，进而即可求解1s内波形平移的距离。【详解】（1）已知在t=0时刻，x=2.5m处的质点向y轴负方向运动，波形向左平移，所以该波沿x轴的负方向传播。结合图像可知，该质点回到t=0时刻的位置波形传播的最小距离为x=1m，波传播的速度 （k=0，1，2，），k=0时波速最小，最