2022-2023学年浙江省台州市书生中学物理高三第一学期期中达标检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、由吴京主演的攀登者，重现了中国人攀登珠穆朗玛峰的英勇历史，体现了中国人不畏艰险，自强自立的爱国精神。如图

2、为影片中登山队员的登山的照片。已知其中一名队员重为G，静止时，绳子与竖直方向的夹角为60o,绳子拉力也为G，则此时山峰对该队员的作用力（ ）A就是山峰对该对员的支持力B大小为C大小为GD方向可能水平向左2、如图所示，有一质量不计的杆AO，长为R，可绕A自由转动用绳在O点悬挂一个重为G的物体，另一根绳一端系在O点，另一端系在以O点为圆心的圆弧形墙壁上的C点当点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中(保持OA与地面夹角不变)，OC绳所受拉力的大小变化情况是A逐渐减小B逐渐增大C先减小后增大D先增大后减小3、火箭的发射与回收是航天技术的一大进步。火箭在返回地面前的某段运动，可看成先匀速后减速的直线

3、运动，最后撞落在地面上。不计火箭质量的变化，则：A火箭在匀速下降过程中，机械能守恒B火箭在减速下降过程中，携带的检测仪器处于超重状态C火箭在减速下降过程中，合力做功等于火箭机械能的变化D火箭在减速下降过程中，机械能守恒4、如图所示，物块第一次沿轨道1从A点由静止下滑至底端B点，第二次沿轨道2从A点由静止下滑经C点至底端B点，ACCB，物块与两轨道的动摩擦因数相同，不考虑物块在C点处撞击的因素，则在物块两次整个下滑过程中（ ）A物块沿1轨道滑至B点时的速率大B物块沿2轨道滑至B点时的速率大C物块两次滑至B点时速度大小相同D物块沿2轨道滑至B点产生的热量多5、关于动量和动能，下列说法中错误的是（

4、）A做变速运动的物体，动能一定不断变化B做变速运动的物体，动量一定不断变化C合外力对物体做功为零，物体动能的增量一定为零D合外力的冲量为零，物体动量的增量一定为零6、甲、乙两质点在同一位置，同时启动，做如图所示的运动，则下列关于两质点的运动的描述正确的是（ ）A前30s，乙的平均速度是甲的平均速度的四倍B50s末甲、乙两质点加速度方向相同，且这两加速度的大小之比为：1：3C60s末，两质点速度相同D80s末，两质点相距相遇二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，物体

5、A与B相对静止，共同沿固定斜面C匀速下滑，则下列正确的说法是（ ） AA、B间摩擦力为零BB与斜面间的动摩擦因数为CB受到的滑动摩擦力的大小为D斜面受到B施加的滑动摩擦力的方向沿斜面向下8、跳高运动员在跳高时总是跳到沙坑里或跳到海绵上，这样做是为了A减小运动员的动量变化B减小运动员所受的冲量C延长着地过程的作用时间D减小着地时运动员所受的平均冲力9、2013年12月2日，探月工程“嫦娥三号”成功发射“嫦娥三号”的主要任务有两个，一个是实现月面软着陆，二是实现月面巡视勘察如图所示，设月球半径为R，“嫦娥三号”在半径为4R的圆形轨道上做匀速圆周运动，到达轨道的A点时点火变轨进入椭圆轨道，到达轨道的

6、近月点B时，再次点火进入近月轨道绕月做匀速圆周运动，则“嫦娥三号”（ ）A在轨道上的A点运行速率大于B点速率B在轨道上B点速率小于在轨道上B点的速率C在轨道上A点的加速度等于在轨道上A点的加速度D在轨道、轨道、轨道上运行的周期关系TTTIII10、在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量m2kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，如图所示，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的支持力恰好为零，取g10m/s2，以下说法正确的是A此时轻弹簧的弹力为零B此时轻绳的拉力为202NC当剪断轻绳的瞬间，小球所受的摩擦力为零D当剪断轻绳的瞬间，小球的加速度大小为8m/s2，

7、方向向左三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某兴趣小组用图甲所示的电路测定某电源的电动势和内阻，除待测电源、开关、导线外，另有内阻为RV3000的电压表一只（量程略大于电源的电动势），电阻箱一个（1）实验中调整电阻箱达到实验要求时，电阻箱的各个旋钮的位置如图乙所示，电阻箱的读数是_（2）为了减小测量误差，多次改变电阻箱的电阻R，读出电压表的示数U，得到如表的数据请在图丙坐标纸上画出1/U与R的关系图线_实验次数123456R/01000.02000.03000.04000.05000.0U/V2.892.171.741.451.2

8、41.091/U（/V1）0.350.460.580.690.810.92（3）由图线得出：电源电动势E_V，内阻r_（结果保留两位有效数字）（4）该小组同学测量电源内阻误差的主要原因可能是_A导线的电阻 B电压表读数的误差 C电压表的内阻 D电阻箱的精确度12（12分）用图所示的实验装置研究小车速度随时间变化的规律 （1）在下列仪器和器材中，还需要使用的二个是_（填选项前的字母）A电压合适的50Hz交流电源B电压可调的直流电源C秒表D刻度尺E.天平（含砝码）（2）下图是打出纸带的一段已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，选A、B、C、等7个点为计数点，各计数点间有一个点没有画出，纸带却不

9、小心被弄上了墨迹，D点看不清楚，如图中所示，则小车下滑的加速度a=_（计算结果保留2位有效数字）（3）可以推断出CD间的距离约为_cm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一长为的轻杆可绕其端点A在竖直面内自由转动，另一端B固定一质量为的小球；另有钉子C位于A的正上方处；细线的一端系有质量为的小物块可视作质点，另一端绕过C与B相连接当杆AB与竖直方向的夹角为时，要用手竖直向下拉住小球，才能使小球和物块都静止忽略一切摩擦，取，重力加速度求：静止时，小球受到手的拉力的大小F；放手后，杆刚运动到竖直位置时小球的速

10、率v；放手的瞬间，物块M所受细线的拉力大小T14（16分）质量为m的钢板与直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在地上平衡时，弹簧的压缩量为x0，如图所示一物块从钢板正上方距离为3x0的A处自由落下，打在钢板上并立刻与钢板一起向下运动，但不粘连它们到达最低点后又向上运动已知物块质量也为m时，它们恰能回到O点若物块质量为2m，仍从A处自由落下，则物块与钢板回到O点时，还具有向上的速度求物块向上运动到达的最高点与O点的距离？15（12分）如图所示，水平面上放着一块质量为薄木板（厚度忽略不计），长为，木板处于静止状态。质量为的小物块可视为质点放在木板的最右端。已知物块与木板间的动摩擦因数，物块与地面、木

11、板与地面的动摩擦因数均为。可认为最大静摩擦力等于滑动摩擦力。现对木板施加一个水平向右的恒力F（g取）。若要使木板开始运动，且物块相对木板不滑动，则求F的取值范围。若，求物块即将滑离木板时的速度大小。若，物块静止时离木板右端距离。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.山峰对该队员的作用力是山峰对该队员的支持力和摩擦力的合力，故A错误；BCD.以该队员为研究对象，受力情况如图所示：根据几何关系可得绳子拉力T的方向与重力G的方向夹角为120，且大小相等，所以山峰对该队员的作用力F、重力G和绳子拉力T构成等边三

12、角形，则F=G，方向与拉力和重力的合力方向相反，故C正确，BD错误。2、C【解析】对O点受力分析： G的向下的拉力，绳子OC的拉力，如图：由于杆可绕A点自由转动，所以两拉力的合力方向应沿杆指向A由图可知，当C点沿圆弧向上移动的过程中，OC与OA之间的夹角先增大到90，然后又大于90，根据垂直杆方向两力的分力平衡，设OC与杆夹角为，则：当OC与OA之间的夹角为90时，绳子OC对A点的拉力最小所以点C由图示位置逐渐向上沿圆弧CB移动过程中，OC绳所受拉力的大小变化情况是先减小后增大A. 逐渐减小，与推导结果不符，故A错误；B. 逐渐增大，与推导结果不符，故B错误；C. 先减小后增大，与推导结果符合

13、，故C正确；D. 先增大后减小，与推导结果不符，故D错误3、B【解析】火箭在匀速下降过程中，动能不变，重力势能减小，可知机械能减小，选项A错误；火箭在减速下降过程中，加速度向上，则携带的检测仪器处于超重状态，选项B正确；火箭在减速下降过程中，合力做功等于火箭动能的变化，选项C错误；火箭在减速下降过程中，动能和重力势能都减小，则机械能减小，选项D错误；故选B.4、C【解析】由于物体从斜面上滑下时，受到重力与摩擦力的作用，从不同轨道滑下时，重力做的功是相等的，摩擦力做的功又只与重力、摩擦系数、斜面的底边长有关，因为Wf=mgcos斜边mg底边，和斜面与底边的夹角无关，故摩擦力做的功也是相等的，也就

14、是说，合外力做的功相等，则两次滑至B点时的动能的增量相等，故两次滑至B点时速度大小相同，C正确，A、B错误；物体克服摩擦做的功用来产生热量，故二者产生的热量也是相等的，D错误5、A【解析】A做变速运动的物体，速度大小不一定变化，动能不一定变化；故A错误，符合题意；B做变速运动的物体，速度发生变化，动量一定不断变化；故B正确，不符题意；C合外力对物体做功为零，据动能定理，物体动能不变，物体动能的增量一定为零；故C正确，不符题意；D合外力的冲量为零，据动量定理，物体动量不变，物体动量的增量一定为零；故D正确，不符题意。故选A。6、B【解析】A平均速度等于总位移除以总时间，前30秒，甲的位移为乙的位

15、移为时间相等，所以平均速度之比为1：3，A错误；B图像的斜率表示加速度，50秒末，甲的加速度为乙的加速度为都为正，方向相同，两加速度的大小之比为1：3，B正确；C60秒末，两质点速度大小相同，方向相反，C错误；D由图像可知甲、乙运动一直到80秒末两车运动方向相反，两车相距最远，没有相遇，D错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A对A物体受力分析，如左图所示：由共点力平衡条件可得fA=mAgsin，NA=mAgcos。故A错误。BCD对AB整体受

16、力分析，如上右图所示：由共点力平衡条件可得：f=（mA+mB）gsin，N=（mA+mB）gcos，滑动摩擦力：f=N，由以上解得：=tan整体受到的摩擦力就是斜面对物体B的摩擦力，根据牛顿第三定律，物体B对斜面的摩擦力沿斜面向下，斜面受到B施加的滑动摩擦力的方向沿斜面向下。故BD正确，C错误。8、CD【解析】跳高运动员在落地的过程中，动量变化一定由动量定理可知，运动员受到的冲量I一定；跳高运动员在跳高时跳到沙坑里或跳到海绵垫上可以延长着地过程的作用时间t，由可知，延长时间t可以减小运动员所受到的平均冲力F，AB错误，CD正确；故选CD9、BC【解析】解:A、在轨道II上A点是远月点,而B点是

17、近月点,从A向B运动引力对卫星做正功,卫星速度增大,故在A点速率小于在B点速率,故A错误;B、在轨道II上经过B点时,卫星做离心运动,所需向心力大小该点万有引力,而在轨道III上经过B点时万有引力刚好提供圆周运动向心力,同在B点万有引力相等,根据向心力公式mv2R可以知道,在轨道II上经过B点时的速度大所以B选项是正确的;C、在A点卫星的加速度都是由万有引力产生加速度,故同一点卫星的加速度相同,跟卫星轨道无关,所以C选项是正确的;D、根据万有引力提供圆周运动向心力有GmMr2=mr42T2可得圆轨道的周期T=42r3GM可得在圆轨道I上周期大于圆轨道III上的周期,故D错误.所以BC选项是正确

18、的.10、BD【解析】试题分析：剪断轻绳前小球受力情况，如图所示，根据平衡条件得：轻弹簧的弹力大小F=mg=20N，细线的拉力大小为T=2mg=202N剪断轻绳瞬间弹簧的弹力没有变化，此时轻弹簧的弹力大小仍为F=20N，水平面对小球的支持力大小N=mg=20N，摩擦力大小为f=mg=4N，根据牛顿第二定律得：加速度a=F-fm=20-42m/s2=8m/s2，方向向左故选BD.考点：牛顿第二定律；共点力的平衡.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4000 2.9V 45 B 【解析】(1) 由图示电阻箱可知，其示数为：41000+010

19、0+010+01=4000；(2) 根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后作出图象如图所示：(3) 由闭合电路欧姆定律可知：,变形得：则可知图象纵坐标的交点，解得：，；(4) 本实验只需读出电压表和电阻箱的读数；并且所有内阻均已计算在公式里，故主要误差来自于电压表的读数误差，故B正确12、AD 3.0 7.24 【解析】（1）1在给定的仪器和器材中，还需要使用的有刻度尺和电压合适的50Hz交流电源，故选AD；（2）2因各读数点间有一个点没有画出，故相邻两计数点的时间间隔T=0.04s，根据则有：代入数据解得：m/s2（3）3根据代入数据得：7.24cm四、计算题：本题共2小题，共26分。把

20、答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) 80N；(2) 2m/s；(3) 28.8N【解析】(1)对小球受力分析和对B受力分析，根据共点力平衡即可求得；(2)根据机械能守恒求得获得的速度；(3)利用牛顿第二定律求得作用力.【详解】（1）设小球受绳、杆的弹力分别为、且解得（2）杆运动到竖直位置时，小球上升高度，物块下降高度此过程中由机械能守恒定律解得（3）设此时BC方向的加速度大小为a，重物受到的拉力为T牛顿运动定律小球受BC的拉力牛顿运动定律解得【点睛】本题主要考查了受力分析，明确所在状态下的受力和运动，结合牛顿第二定律和机械能守恒即可求得.14

21、、h=x02【解析】物块与钢板碰撞时的速度由机械能守恒，得v0=6gx0 设v1表示质量为m的物块钢板碰撞后一起向下运动的速度，因碰撞时间极短，系统所受外力远小于相互作用的内力，符合动量守恒，故有mv0=2mv1设刚碰完时弹簧的弹性势能为Ep，当他们一起回到O点时，弹簧无形变，弹簧势能为零，根据题意，由机械能守恒得 EP+12(2m)v12=2mgx0 设v2表示质量为2m的物块与钢板碰后开始一起向下运动的速度，由动量守恒，则有 2mv0=3mv2设刚碰完时弹簧势能为Ep，它们回到O点时，弹性势能为零，但它们仍继续向上运动，设此时速度为v2，则由机械能守恒定律得EP+12(3m)v22=3mg

22、x0+12(3m)v2在上述两种情况下，弹簧的初始压缩量都是x0，故有Ep=Ep当质量为2m的物块与钢板一起回到O点时，弹簧的弹力为零，物块与钢板只受到重力的作用，加速度为g，一过O点，钢板受到弹簧向下的拉力作用，加速度大于g，由于物块与钢板不粘连，物块不可能受到钢板的拉力，其加速度仍为g，方向向下，故在O点物块与钢板分离分离后，物块以速度v竖直上升，由竖直上抛最大位移公式得h=v22g ，而v=gx0 所以物块向上运动到达的最高点距O点的距离h=x02【点睛】此题涉及的物理过程有四个，用到的物理规律和公式有四个，它将动量守恒和机械能守恒完美地统一在一起，交替使用，可以说是一道考查考生能力的好试题15、（1）3NF9N；（2）2m/s；（3）18m【解析】（1）根据木板受到地面的最大静摩擦力求出F