2022-2023学年上海市徐汇区上海中学、复旦附中等八校物理高三第一学期期中学业质量监测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的径迹已知每层砖的平均厚度为

2、6.0cm，照相机本次拍照曝光时间为，由此估算出位置A距石子下落起始位置的距离为（ ）A1.6mB2.5mC3.2mD4.5m2、一列沿x轴正方向传播的简谐横波，某时刻的波形图如图所示，其周期为0.2s，下列说法正确的是A该波的波长为5mB由图示时刻开始，经0.ls，质点a的路程是0.2mC若该波发生了明显的衍射，则它遇到的障碍物或孔的尺寸一定远大于4mD若此波遇到另一列波发生了稳定的干涉现象，则该波遇到的波的频率是0.2Hz3、如图所示，小球从高处下落到竖直放置的轻弹簧上，在将弹簧压缩到最短的整个过程中，下列关于小球和弹簧的能量叙述中正确的是（）A重力势能和动能之和总保持不变B重力势能和弹性

3、势能之和总保持不变C动能和弹性势能之和总保持不变D重力势能、弹性势能和动能之和总保持不变4、某同学把一体重秤放在电梯的地板上，他站在体重秤上随电梯运动，并在下表中记录了几个特定时刻体重秤的示数（表内时刻不存在先后顺序），若已知t0时刻电梯处于静止状态，则时 间t0t1t2t3体重秤示数（kg）45.050.040.045.0At1时刻该同学的质量并没有变化，但所受重力发生变化Bt2时刻电梯可能向上做减速运动Ct1和t2时刻电梯运动的方向相反Dt3时刻电梯处于静止状态5、一静电场的电势与位移的变化关系如图甲所示，则电场强度与位移关系，下列图象可能正确的是（）ABCD6、如图所示，a、b、c三个转

4、盘紧紧地挨在一起，它们的圆面在同一水平面内，a、b、c三个转盘的半径从左向右依次减半，其中c盘半径为r，b盘在外部动力带动下逆时针以角速度 匀速转动，转盘与转盘间不打滑，则（ ）Aa盘边缘上一点的线速度为rBa盘半径中点处的角速度为2Cc盘半径中点处的向心加速度为42rDb盘边缘上一点的向心加速度为2r二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑水平面上，质量分别为2m和m的两个物块A、B被不可伸长的细线拴接，物块之间有一压缩的轻弹簧（弹簧与物块不连接）两物块一

5、起向右匀速运动，某时刻细线断裂以下关于两物块的动量与时间关系的描述合理的是（）A B C D8、发射地球同步卫星要经过三个阶段：先将卫星发射至近地圆轨道1，然后使其沿椭圆轨道2运行，最后将卫星送入同步圆轨道3. 轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示. 当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是（）A卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度B卫星在轨道1上经过Q点时的速度等于它在轨道2上经过Q点时的速度大小C同一卫星在轨道3上的动能大于它在轨道1上的动能D卫星由2轨道变轨到3轨道在P点要加速9、如图，在某一峡谷的两侧存在与水平面成相同角度的

6、山坡，某人站在左侧山坡上的P点向对面山坡上水平抛出三个质量不等的石块，分别落在A、B、C三处，不计空气阻力，A、C两处在同一水平面上，则下列说法中正确的是（）A落在C处的石块在空中运动的时间最长B落在A、B两处的石块落地速度方向相同C落在A、B、C三处的石块落地速度方向相同D落在B、C两处的石块落地速度大小有可能相同10、如图所示，固定在同一水平面上的两平行金属导轨AB，CD，两端接有阻值相同的两个定值电阻质量为m的导体棒垂直放在导轨上，轻弹簧左端固定，右端连接导体棒，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中当导体棒静止在OO位置时，弹簧处于原长状态此时给导体棒一个水平向右的初速度v0，它能向右运动的

7、最远距离为d，且能再次经过OO位置已知导体棒所受的摩擦力大小恒为Ff，导体棒向右运动过程中左侧电阻产生的热量为Q，不计导轨和导体棒的电阻则()A弹簧的弹性势能最大为12mv02QFfdB弹簧的弹性势能最大为12mv022QFfdC导体棒再次回到OO位置时的动能等于12mv024Q2FfdD导体棒再次回到OO位置时的动能大于12mv024Q2Ffd三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某探究性学习小组利用如图所示的电路测量电池的电动势和内阻其中电流表A1的内阻r1=1.0 k，电阻R1=9.0 k，为了方便读数和作图，给电池串联一个R

8、0=3.0 的电阻（1）按图示电路进行连接后，发现、和三条导线中，混进了一条内部断开的导线为了确定哪一条导线内部是断开的，将电建S闭合，用多用电表的电压挡先测量a、间电压，读数不为零，再测量、间电压，若读数不为零，则一定是_导线断开；若读数为零，则一定是_导线断开 （2）排除故障后，该小组顺利完成实验通过多次改变滑动变阻器触头位置，得到电流表A1和A2的多组I1、I2数据，作出图象如右图由I1I2图象得到电池的电动势E=_V，内阻r=_12（12分）用如图所示的装置探究加速度与力和质量的关系，带滑轮的长木板水平固定，左侧固定的力传感器可以测得绳子中张力大小。 (1)实验时，一定要进行的操作是_

9、；A小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录力传感器的示数FB改变砂和砂桶质量，打出几条纸带C用天平测出砂和砂桶的质量D为减小误差，实验中一定要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量(2) 电磁打点计时器是使用46V的_电源的_仪器，实验中打出的其中一条纸带如图所示，计数点A、B、C、D、E点之间还有四个点没有画出，打点周期为0.02s，则由该纸带可求得小车的加速度a=_m/s(保留两位有效数字)。(3）以力传感器的示数F为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a-F图象可能正确的是_。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明

10、、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，摩托车做腾跃特技表演，沿曲面冲上高0.8m顶部水平高台，接着以v=3m/s水平速度离开平台，落至地面时，恰能无碰撞地沿圆弧切线从A点切入竖直圆弧轨道，并沿轨道下滑。A、B为圆弧两端点，其连线水平。已知圆弧半径为R=1.0m，人和车的总质量为160kg，特技表演的全过程中，空气阻力忽略不计。（重力加速度g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6）。求：（1）从平台飞出到A点，人和车运动的水平距离s；（2）从平台飞出到达A点时速度及圆弧对应圆心角；（3）若竖直圆弧轨道是光滑的，人和车运动至轨道最低点O时，人和车对轨道的压力；（4）若竖直圆弧

11、轨道是不光滑的，已知人和车运动到圆弧轨道最低点O速度v=m/s，此过程圆弧轨道对人和车摩擦力所做的功。14（16分）如图所示,两个导热的圆筒底部有一条细短管连通,圆筒内装有约20cm深的水银,K为阀门,处于关闭状态.左侧大圆筒的横截面积S1=800cm2, 水银面到圆筒顶部的高度H=115cm,水银上方是空气,空气的压强P1=100cmHg,室温t1=27C左侧圆筒中竖直放置一根托里拆利管,管的横截面积远小于两圆筒的横截面积,托里拆利管中水银上方有氮气,氮气柱的长度L1=20cm,水银柱的高度L2=70cm.右侧小圆筒的横截面积S2=100cm2,一个活塞紧贴水银放置.已知大气压强P0=75c

12、mHg.求: （I）若环境温度缓慢升高 60C，左侧圆筒内空气的压强变为多大?（II）在环境温度升高 60C后，用力控制右侧圆筒中活塞，打开阀门K，使活塞缓慢升高h1=40cm后固定，则托里拆利管中氮气柱的长度最终变为多大(结果可以带根号)15（12分）如图所示为传送带装置示意图，两个皮带轮A、B之间的传送带水平绷紧，传送带上的P点与B轮的顶点Q距离为L，一个小物块放置在P点上，物块与传送带间的动摩擦因数为初始时，传送带与物块都是静止的现让传送带以恒定的加速度a0开始向右运动，当P点位移达到之后传送带改为匀速运动已知传送带开始运动后，物块不能保持在P点上方重力加速度为g （1）求P点经过多长的

13、时间能到达B轮顶点Q？（2）求动摩擦因数与a0之间满足什么条件？（3）试讨论物块经过多长时间能到达B轮顶点Q？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由图可以看出，在曝光的时间内，物体下降了大约有两层砖的厚度，即12cm(0.12m)，曝光时间为1.5102s，设经过A点的速度为v，根据位移时间关系，有：代入数据解得：v=8.0m/s由可得下降的高度大约为h，则：A. 1.6m故A项错误；B. 2.5m故B项错误；C. 3.2m故C项正确；D. 4.5m故D项错误2、B【解析】由波形图可知，该波的波长为=4m

14、，选项A错误；因T=0.2s，则0.1s=0.5T，则由图示时刻开始，经0.ls，质点a的路程是2A=20cm=0.2m，选项B正确；因该波的波长为4m，则若该波发生了明显的衍射，则它遇到的障碍物或孔的尺寸一定远小于4m，选项C错误；波的频率为f=1/T=5Hz，则若此波遇到另一列波发生了稳定的干涉现象，则该波遇到的波的频率是5Hz，选项D错误；故选B.点睛：波的图象基本问题是判断波的传播方向与质点振动方向间的关系当时间是半个周期的整数倍时，可直接求出质点振动通过的路程3、D【解析】A、对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，

15、没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，弹簧是一直被压缩的，所以弹簧的弹性势能一直在增大。因为小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变，重力势能和动能之和始终减小。故A错误。B、在刚接触弹簧的时候这个时候小球的加速度等于重力加速度，在压缩的过程中，弹簧的弹力越来越大，小球所受到的加速度越来越小，直到弹簧的弹力等于小球所受到的重力，这个时候小球的加速度为0，要注意在小球刚接触到加速度变0的工程中，小球一直处于加速状态，由于惯性的原因，小球还是继续压缩弹簧，这个时候弹簧的弹力大于小球受到的重力，小球减

16、速，直到小球的速度为0，这个时候弹簧压缩的最短。所以小球的动能先增大后减小，所以重力势能和弹性势能之和先减小后增加。故B错误。C、小球下降，重力势能一直减小，所以动能和弹性势能之和一直增大。故C错误。D、对于小球从接触弹簧到将弹簧压缩到最短的过程中，小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能这三种形式的能量相互转化，没有与其他形式的能发生交换，也就说小球的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变。故D正确。故选D。4、B【解析】A. 超重和失重时物体的重力和质量是不变的，只是对悬挂物的压力或者支持力变化了，故A错误；B. t2时刻物体处于失重状态，电梯的加速度方向向下，可能向上做减速运动，选项B正

17、确；C. t1时刻物体处于超重状态，根据牛顿第二定律分析得知，电梯的加速度方向向上，所以t1和t2时刻电梯的加速度方向相反，但是速度不一定相反，选项C错误；D. t3时刻电梯受力平衡，可能保持静止，也可能做匀速直线运动，故D错误。故选B【点睛】超重和失重现象可以运用牛顿运动定律进行分析理解，产生超重的条件是：物体的加速度方向向上；产生失重的条件：物体的加速度方向向下5、A【解析】由甲图可知，场强，又因为电势沿着电场线方向逐渐降低，所以0-d场强大小不变，方向为正，d-2d场强大小不变，方向为负。故选A。6、B【解析】由A、B、C三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑知三者线速度相同，其半径分别为

18、r1、r2、r，由于C盘半径为r，A、B、C三个转盘的半径从左向右依次减半，即r1=4r，r2=2r，而1r1=r2=2r，故a盘上的角速度为1=r2r1=12，c盘上的角速度为1=r2r=2，a盘边缘上一点的线速度为va=1r1=2r，A错误；a盘上各点的角速度均为12，B正确；c盘半径中点处的向心加速度为ac=22r2=22r，C错误；b盘边缘上一点的向心加速度为ab=22r=22r，D错误；选B【点睛】A、B、C三个轮子依靠摩擦传动，相互之间不打滑说明线速度相同，再根据v=r分析角速度关系；利用a=2r分析向心加速度的关系二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的

19、四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】B两物块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，开始两者速度相等，A的质量是B的质量的两倍，A的动量是B的动量的两倍，细线断裂后，A做减速运动，B做加速运动，A的动量减小，B的动量增加，由于A、B所受合外力大小相等、作用时间相等，由动量定理可知，在相等时间内它们动量的变化量相等，当弹簧恢复原长时，A、B与弹簧分离，A、B各自做匀速直线运动，速度保持不变，动量保持不变，A、B分离后A、B的速度可能相等，也可能B的速度大于A的速度，由此可知，最终，A的动量与B的动量可能相等，也可能是B的动

20、量大于A的动量，由图示各图象可知，符合实际情况的是BC，BC正确，AD错误；选BC【点睛】两物块组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，细线断裂后，A做减速运动，B做加速运动，当弹簧恢复原长时，A、B与弹簧分离，然后它们各自做匀速直线运动，根据物块的运动情况分析其动量变化关系，然后分析图示图象答题8、AD【解析】A根据万有引力提供向心力：，解得：所以卫星在轨道1上经过Q点时的加速度等于它在轨道2上经过Q点时的加速度。故A正确。B卫星从轨道1上经过Q点时加速做离心运动才能进入轨道2，故卫星在轨道1上经过Q点时的速度小于它在轨道2上经过Q点时的速度。故B错误。C根据万有引力提供向心力：，解得：所以

21、轨道3的速度小于轨道1的速度，故卫星在轨道3上的动能小于在轨道1上的动能。故C错误。D由2轨道变轨到3轨道，必须加速，才能做匀速圆周运动，否则仍做近心运动。故D正确。9、BD【解析】A根据平抛运动的规律，时间由竖直高度决定，B下落高度最大时间最长，选项A错误；B落在A、B两处的石块都落在同一斜面上，两小球的竖直位移与水平位移的比值等于斜面倾角的正切值，即落地速度与水平方向的夹角设为，则联立以上两式得tan=2tan是斜面倾角为定值，所以也是定值，与初速度无关，故落在A、B两处的速度方向相同，选项B正确。CA、C两处的石块的下落高度相同，时间相同，由vy=gt知竖直方向的分速度相同，由x=v0t

22、知C的水平位移大， C的初速度大，所以C的速度与水平方向的夹角小，可见A、C的落地速度方向不同，选项C错误。DB、C在竖直方向的位移B大，由知，B的竖直分速度大；经过图中虚线位置时，时间相同，C的水平位移大，C的初速度大。所以合速度无法比较，选项D正确。故选BD。10、BD【解析】当导体棒向右运动的过程中，根据能量的转换与守恒得：12mv02EP+2Q+fd；所以：EP12mv022Qfd，故A错误，B正确；由于产生了电能和热能，导体棒的机械能不断减小，所以导体棒在同一个位置时，向右的速度大于向左的速度。所以导体棒向左运动的过程中产生的电能小于导体棒向右运动的过程中产生的电能。即：2Q2Q；当

23、导体棒向左运动的过程中，根据能量的转换与守恒得：EP12mv2+2Q+fd；联立得：12mv212m v022Qfd2Qfd12m v024Q2fd；故C错误，D正确。故选BD。点睛：该题考查电磁感应中的能量的转化与守恒，要注意导体棒向左运动的过程中产生的电能小于导体棒向右运动的过程中产生的电能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 1.41（1.361.44均可） 0.5（0.40.6均可） 【解析】用电压挡检测电路故障，电压表的表头是电流计，原电路有断路，回路中无电流，将电压表接在间后有示数，说明电路被接通，即间有断路故障，再测量间电

24、压，电压表读数不为零，说明断路故障的范围被缩小到间，则一定是导线断开；若读数为零，则说明电路仍未被接通，断路故障的范围被确定在间根据闭合电路的欧姆定律：，上式可简化为，读出两点坐标：（60，0.12）和（260，0.05），代入方程解得：电动势E=1.41 V，内阻r=0.5 点睛:由图象法处理实验数据的关键是要理解图线的物理意义纵轴截距和斜率表示什么，闭合电路的欧姆定律是核心12、AB 交流 计时 2.0 A 【解析】(1) A项：打点计时器运用时，都是先接通电源，待打点稳定后再释放纸带，该实验探究加速度与力和质量的关系，要记录力传感器的示数，故A正确；B项：改变砂和砂桶质量，即改变拉力的大

25、小，打出几条纸带，研究加速度随F变化关系，故B正确；C、D项：本题拉力可以由力传感测出，不需要用天平测出砂和砂桶的质量，也就不需要使小桶（包括砂）的质量远小于车的总质量，故CD错误。故选：AB；(2) 电磁打点计时器是使用46V的交流电源的计时仪器；(3)由逐差法可得：a=(10.61+8.61)-(6.59+4.61)40.1210-2ms2=2.0ms2；(4) 小车质量不变时，加速度与拉力成正比，所以a-F图象是一条倾斜的直线，由实验装置可知，实验前没有平衡摩擦力，则画出的a-F图象在F轴上有截距，故A正确，BCD错误；故选：A。【点睛】本题考查验证牛顿第二定律的实验，源于课本，但是又不同于课本，掌握纸带的处理方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度。注意在本实验中不需要满足砂和砂桶的总质量远小于小车的