2022-2023学年上海市奉贤区物理高三上期中统考模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示， 在A、B两物体间有一与物体不连接的轻质弹簧，两物体用轻细线连接在一起并使

2、弹簧处于压缩状态，整体静止在光滑水平面上。现将细线烧断，对于在弹簧对两物体施加作用力的整个过程中，下列说法中正确的是（ ） A对于A、B两物体组成的系统，动量守恒B对于A、B两物体组成的系统，机械能守恒C在同一段时间内，A物体的动能增量等于B物体的动能增量D在同一段时间内，A物体的动量变化与B物体的动量变化相等2、如图所示，质量均为m的A、B两球之间系着一条轻弹簧放在光滑的水平面上，A球靠紧墙壁，现用力F将B球向左推压弹簧，平衡后，突然将力F撤去的瞬间，则（ ）A突然将F撤去瞬间，两球的速度和加速度均为0BA球离开墙壁后，两球的速度相等时弹簧恰好恢复原长CB球运动过程中加速度的最大值为DA球离

3、开墙壁后，两球的加速度始终大小相等，方向相反3、如图所示，质量为m的小球被固定在轻杆的一端，在竖直平面内做半径为R的圆周运动，运动过程中小球受到空气阻力的作用设某一时刻小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为7.5mg，此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg小球在此半个圆周运动过程中克服空气阻力所做的功为ABCmgRD2mgR4、如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持F的大小不变，而方向与水平面成60角，物块也恰好做匀速直线运动物块与桌面间的动摩擦因数为()A2BCD5、材料相同、质量不同的两滑块，以相同的初动能分别在水平面上

4、运动直到停止，则A质量大的滑块运动时间长B质量小的滑块运动位移大C质量大的滑块所受摩擦力的冲量小D质量小的滑块克服摩擦力做功多6、蹦床是一项运动员利用从蹦床反弹中表现杂技技巧的竞技运动，一质量为50kg的运动员从离蹦床1.8m处自由下落，若从运动员接触蹦床到运动员陷至最低点经历了0.2s，（取g=10m/s2，不计空气阻力）则这段时间内，下列说法错误的是（）A运动员受到的合力冲量大小300Ns B重力的冲量大小100NsC蹦床对运动员的冲量大小200Ns D运动员动量变化量大小300 Ns二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

5、全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、从地面上同一位置O处抛出两小球A、B,分别落到地面上的M、N点，两小球在空中的运动轨迹如图所示，空气阻力不计，则AB的加速度比A的大BA的飞行时间比B的飞行时间长CB的飞行时间比A的飞行时间长DB在最高点的速度比A在最高点的速度大8、物体由静止开始做加速度为a1的匀加速直线运动，运动了t1时间后改为加速度为a2的匀减速直线运动，经过t2时间后停下则物体在全部时间内的平均速度正确的是（ ）ABCD9、下列说法中正确的是_A一定质量的理想气体的内能随着温度升高一定增大B第一类永动机和第二类永动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律C当分子间距

6、时，分子间的引力随着分子间距的增大而增大，分子间的斥力随着分子间距的增大而减小，所以分子力表现为引力D大雾天气学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大E.一定质量的单晶体在熔化过程中分子势能一定是增大的10、如图所示，轻弹簧一端固定在O点，另一端与质量为m的带孔小球相连，小球套在竖直固定杆上，轻弹簧自然长度正好等于O点到固定杆的距离OO小球从杆上的A点由静止释放后，经过B点时速度最大，运动到C点时速度减为零若在C点给小球一个竖直向上的初速度v，小球恰好能到达A点整个运动过程中弹簧始终在弹性限度内，下列说法正确的是（ ）A从A下滑到O的过程中，弹簧弹力做功的功率先增大后减小B从A下滑到C的过

7、程中，在B点时小球、弹簧及地球组成的系统机械能最大C从A下滑到C的过程中，小球克服摩擦力做的功为D从C上升到A的过程中，小球经过B点时的加速度为0三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图甲所示，在“探究求合力的方法”实验中，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳（1）某次实验中，拉细绳OB的弹簧测力计指针位置如图乙所示，其读数为_N（2）关于此实验，下列说法正确的是_（填字母）A两个分力F1、F2的方向一定要垂直B两个分力F1、F2间夹角越大越好C两次拉橡皮筋时，需将橡皮筋结点拉至同一位置D拉橡皮筋时，

8、弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行12（12分）某同学利用做自由落体运动的小球来验证机械能守恒定律在某次实验中，该同学得到小球自由下落的部分频闪照片如图所示，图中所标数据均为小球下落的实际距离若已知当地的重力加速度大小为g9.80m/s2，小球的质量为m1.00kg，频闪仪每隔0.05s闪光一次（1）在t2到t5时间内，小球重力势能的减少量Ep_J，动能的增加量为Ek_J；（结果保留三位有效数字）（2）该同学通过多次实验发现，无论在哪段时间内，小球重力势能的减少量Ep总是大于其动能的增加量Ek，造成这种现象的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定

9、的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，高为L的斜轨道AB、CD与水平面的夹角均为45，它们分别与竖直平面内的圆弧形光滑轨道相切于B、D两点，圆弧的半径也为L质量为m的小滑块从A点由静止滑下后，经CD轨道返回，再次冲上AB轨道至速度为零时，相对于BD面的高度为已知滑块与AB轨道间的动摩擦因数为1=0.5，重力加速度为g，求： (1)滑块第一次经过圆轨道最低点时对轨道的压力大小；(2)滑块与CD面间的动摩擦因数；(3)经过足够长时间，滑块在两斜面上滑动的路程之和s.14（16分）第24届冬季奥林匹克运动会，将由北京市和张家口市联合举行。冬奥会运动项目跳台滑雪是

10、其中极具观赏性的项目之一。如图所示，质量m=60 kg的运动员从长直助滑滑道AB的A处由静止开始匀加速下滑，已知该运动员的加速度a=3.6 m/s2，到达助滑道末端B时的速度vB=24 m/s，A与B的竖直高度差H=48m。为了改变运动员的运动方向，在助滑道与起跳台之间用一段圆弧滑道平滑衔接，已知助滑道末端B与圆弧滑道最低点c的高度差h=5m。圆弧半径R=12m，运动员运动到C点时对轨道的压力FN=6mg，取g=10m/s2。试求：(1)运动员在AB段下滑时受到阻力Ff的大小；(2)运动员从B点运动到C点克服阻力做的功W。15（12分）在水平长直的轨道上，有一长度为L的平板车在外力控制下始终保

11、持速度v0做匀速直线运动。某时刻将一质量为m的小滑块轻放到车面的中点，滑块与车面间的动摩擦因数为，此时调节外力，使平板车仍做速度为v0的匀速直线运动。（1）若滑块最终停在小车上，滑块和车之间因为摩擦产生的内能为多少？（结果用m，v0表示）（2）已知滑块与车面间动摩擦因数=0.2，滑块质量m=1kg，车长L=2m，车速v0=4m/s，取g=10m/s2，当滑块放到车面中点的同时对该滑块施加一个与车运动方向相同的恒力F，要保证滑块不能从车的左端掉下，恒力F大小应该满足什么条件？（3）在（2）的情况下，力F取最小值，要保证滑块不从车掉下，力F的作用时间应该在什么范围内？参考答案一、单项选择题：本题共

12、6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A对于A、B两物体组成的系统，受合外力为零，则系统的动量守恒，选项A正确；B对于A、B两物体组成的系统，因弹簧弹力做功，则机械能增加，选项B错误；C因两物体的质量不一定相同，受弹力相同，在同一段时间内，两物体的位移不一定相同，则弹力对两物体做功不一定相同，则A物体的动能增量不一定等于B物体的动能增量，选项C错误；D根据动量定理，在同一段时间内，弹簧对两物体的冲量等大反向，则A物体的动量变化与B物体的动量变化大小相等，方向不同，选项D错误；故选A.2、D【解析】试题分析：突然将力F撤去的瞬间，弹簧来不

13、及改变，形变量不变，对A来说受力情况不变，合力仍为零，对B来说只受一个向右的弹力，故两者的加速度之和不为零，A错误；在弹簧第一次恢复原长后，弹簧对A有向右的拉力，A才离开墙壁，B错误；撤去前对B受力分析可得，撤去F后，B在水平方向上只受弹簧的弹力，随后弹簧要恢复形变量，弹力在减小，故撤去F的瞬间B的加速度最大，最大为，C错误；A球离开墙壁后，两球在水平方向上都只受弹簧的弹力，等大反向，所以A球离开墙壁后，两球的加速度始终大小相等，方向相反，D正确；考点：考查了牛顿第二定律的瞬时性【名师点睛】在应用牛顿第二定律解决瞬时问题时，一定要注意，哪些力不变，（弹簧的的形变量来不及变化，弹簧的弹力不变），

14、哪些力变化（如绳子断了，则绳子的拉力变为零，或者撤去外力了，则外力变为零，）然后结合整体隔离法，应用牛顿第二定律分析解题3、C【解析】试题分析：小球通过轨道的最低点，此时轻杆对小球的拉力为F1=7.5mg，解得, 小球通过最高点时轻杆对小球的支持力为0.5mg，则,解得，小球在此半个圆周运动过程中应用动能定理：，解得，故选项C正确考点：牛顿第二定律 动能定理【名师点睛】对圆周运动过程的某一状态点，常常用牛顿运动定律和向心力的公式建立方程，在竖直平面内做圆周运动的最低点有，在最高点有对圆周运动过程的而言，若没有摩擦力和阻力，可以利用机械能守恒或动能定理建立处末状态之间的联系，若有摩擦力和阻力，一

15、般用动能定理列方程求解4、C【解析】当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：，当拉力倾斜时，物体受力分析如图由平衡条件得：，又，得摩擦力为：，联立解得：，故选C.5、B【解析】由动能定理可知克服摩擦力做的功的多少以及前进位移的大小；由动量定理可知摩擦力的冲量即等于动量的变化量，可知滑行时间的关系；【详解】根据动能定理可知： -mgs=0-EK；即两物块克服摩擦力的功相等，且质量较小的滑块运动位移较大，选项B正确，D错误；根据动量定理：-mgt=0-P，P=2mEk，则t=1g2Ekm,可知质量大的滑块运动时间短，选项A错误；根据动量定理可知摩擦力的冲量即等于动量的变化量即为：Ip2m

16、Ek，则质量大的物体摩擦力的冲量大，故C错误；故选B。【点睛】本题综合考查动能定理、动量定理的应用，在解题时要注意如果题目中涉及时间，则应考虑应用动量定理，若不涉及时间应优先采用动能定理或功能关系。6、C【解析】设运动员的质量为m，他刚落到蹦床瞬间的速度为v，运动员自由下落的过程，只受重力作用，故机械能守恒，即：mgh12mv2，解得：v2gh6m/s；根据动量定理可知，运动员受到的合力冲量大小I=mv=506Ns=300Ns，选项A正确；重力的冲量大小IG=mgt=5000.2Ns=100Ns，选项B正确；选取小球接触蹦床的过程为研究过程，取向上为正方向。由动量定理得： IF-IG=0-(m

17、v)，解得蹦床对运动员的冲量大小为 IFIG+mv400Ns故C错误；运动员动量变化量大小p=mv=300Ns，选项D正确。此题选择不正确的选项，故选C。【点睛】本题题型是用动量定理求解一个缓冲过程的冲量问题，一定要注意选取合适的研究过程和正方向的选取；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A.不计空气阻力两球均只受重力，故两球的加速度都为重力加速度，故A错误；BC.两球都做斜抛运动，竖直方向的分运动是竖直上抛运动，根据运动的对称性可知，两球上升和下落的时间

18、相等，而下落过程，由知用时较长，故的飞行时间比的飞行时间长，故B正确，C错误；D.两球水平方向都做匀速直线运动，在水平方向则有：而：根据解得：在最高点时，两球的速度等于水平方向的速度，所以在最高点的速度比在最高点的速度大，故D正确。8、ABC【解析】AB.由题意知，物体先做匀速度为零的加速运动后做末速度为零的匀减速运动，全程中的最大速度 ，因前后均为匀变速直线运动，则平均速度故AB正确CD.全程的总位移：对全程由平均速度公式有：故C正确D错误9、ADE【解析】一定质量的理想气体的内能只与温度有关，温度越高，内能越大，A正确；第一类水动机研制失败的原因是违背了能量守恒定律，而第二类永动机研制失败

19、的原因并不是违背了能量守恒定律，而是违背了热力学第二定律，B错误；当分子间距时，分子间的引力和斥力都随着分子间距的增大而减小，而且斥力减小更快，所以分子力表现为引力，C错误；相对湿度为某一被测蒸气压与相同温度下的饱和蒸气压的比值的百分数，大气中相对湿度越大，水气蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故大雾天气学生感觉到教室潮湿，说明教室内的相对湿度较大，D正确；一定质量的单晶体在熔化过程中温度不变，分子的平均动能不变，所吸收的热量全部用来增大分子势能，E正确10、AC【解析】A小球从A下滑到的过程，弹力与运动方向成锐角，弹力做正功，但弹力在减小，速度在增大，而在弹力为零，功率为零，则整个过程弹力的功

20、率先增大后减小，A正确；B由全过程的运动可知一直有摩擦力做负功，系统的机械能一直减小，故初位置A的机械能最大，而B点仅动能最大，B错误；C从A到C由动能定理从C到A，由于路径相同和初末位置相同，则 、 、 的大小相同，则有解得，C正确；D物体从A至C经过B时速度最大可知加速度为零，此时摩擦力向上与弹簧弹力、杆的弹力、重力的合力为零；而从C至A运动时同位置的弹簧弹力和重力均相同，但摩擦力向下，故合力不为零，D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.40 CD 【解析】（1）1弹簧秤的最小分度为0.1N，则由图可知，指针的示

21、数为2.40N；（2）2A.本实验通过作图求解合力，故不需要两力的夹角取特殊值90，故A项错误；B.实验要方便、准确，两分力适当大点，但不是越大越好；夹角不宜太大，也不宜太小，不需要90，故B项错误；C.为了效果相同，两次都要将橡皮筋结点O拉至同一位置，故C项正确；D. 为了防止细绳出现竖直方向上的拉力，在拉橡皮筋时，弹簧测力计、橡皮筋、细绳应贴近木板且与木板平面平行故D项正确12、 (1）7.06， 7.03； (2）小球受到空气阻力的影响； 【解析】(1) 在t2到t5时间内，小球下落的高度h=0.7206m，所以小球重力势能的减少量为Ep=mgh7.06J，小球在t2时刻的瞬时速度大小

22、在t5时刻的瞬时速度大小 所以小球动能的增加量；(2) 由于小球下落过程中要受到空气阻力的作用，所以减少的重力势能一部分转化为小球运动的动能，另一部分转化为克服空气阻力做功而产生的内能四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）2=（3）s= 【解析】（1）对第一次滑动到最低点的过程中运用动能定理得mg(L+L-Lsin 45)-1mgcos 45L=mv2-0， 在最低点，根据牛顿第二定律得F-mg=m， 联立两式解得F=(4-)mg，则第一次经过圆弧轨道最低点时对轨道的压力为(4-)mg.（2）滑块第一次经过D时的动能为：Ek1=mgL-f1L=0.5mgL， 第二次经过D时的动能为：Ek2=mg+f1=0.25mgL 设滑块在CD上的摩擦力为f2，f2=2mgcos 45，第一次在CD上静止时