2022年宁夏银川市景博学校中考一模物理试卷

1、2022年宁夏银川市景博学校中考物理一模试卷一、选择题（选出各题唯一正确的答案每题3分，共21分不选、多选、错选均得0分）1（3分）下列物理量最接近实际的是（）A人体的正常体温是42B新型冠状病毒直径约80120nmC教室的高度约为8mD我国家庭照明电路的电压为36V2（3分）物态变化在一年四季随处可见，下列属于吸热的是（）A初春，湖面上的薄冰层开始融化B盛夏，打开冰箱门形成的“白气”C深秋，屋顶的瓦上结了一层霜D隆冬，教室的窗户玻璃上出现冰花3（3分）如图所示的四种工具在使用过程中，属于费力杠杆的是（）A独轮车B镊子C钢丝钳子D扳子4（3分）一气球通过绳子吊着一物体在空中上升，突然绳子断了，

2、此后物体运动的速度大小随时间变化的图象应是图中的（）ABCD5（3分）下列情境中，物体的运动状态不发生改变的是（）A正在弯道上速滑的运动员B水平桌面上静止的物理书C空中减速下落的降落伞D正在进站的火车6（3分）如图所示是“探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验，想让电磁铁吸引更多的大头针，可行的做法是（）A将滑片P向a端移动B将滑片P向b端移动C用铜芯替代铁芯D减少线圈匝数7（3分）如图所示的电路，L1和L2是相同的灯泡，闭合开关后，L1不亮，L2发光，电路故障可能是（）AL1断路BL1短路C电压表断路D电压表短路二、选择说明（选出各题唯一正确的答案，填在题后括号内，并说明理由每题5分，共1

3、0分不选、多选、错选均得0分）8（5分）下图是一个压力传感器的原理图，其中R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。当压力F增大时 A电流表示数减小，电压表示数增大B电流表示数减小，电压表示数减小C电流表示数增大，电压表示数增大D电流表示数增大，电压表示数减小理由： 9（5分）新冠肺炎疫情期间，西夏区综合执法局创新疫情防范宣传模式，利用无人机从空中向居家的群众和外出的市民进行全方位疫情防控宣传，同时开展无人机消杀检测工作。当无人机落到水平地面上静止时，下列说法正确的是 A无人机受到的重力和它对水平地面的压力是一对相互作用力B无人机受到的重力和它对水平地面的压力是一对平衡力C无人机受到的重力和水平地面对

4、它的支持力是一对平衡力D无人机对水平地面的压力和水平地面对无人机的支持力是一对平衡力选择理由： 三、填空（每空1分，共11分）10（3分）如图甲和乙是研究“电热大小与哪些因素有关”的实验装置。通电后，若要比较电阻丝产生热量的多与少，只需比较与之相连的U形管中 。甲是探究电热与 关系的实验装置。乙是探究电热与 关系的实验装置。11（4分）中国的茶文化源远流长，如图所示，用沸水才能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高， 现象越明显；壶嘴与壶身相通而且等高，是利用 原理制成的；用夹子夹茶叶时，夹子相当于一个 （选填“省力”、“费力”、“等臂”）杠杆；壶盖上有小孔是利用 倒出水的。12（2分）据报道，

5、目前我国已有两艘航母服役，某型航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为11m，（取水1.0103kg/m3，g10N/kg）该航母满载时，受到的浮力为 N，最低处受到海水的压强为 Pa。13（2分）小明由于经常玩手机游戏且不注意休息导致近视。近视眼看远处物体时像成在视网膜的 （选填“前方”或“后方”），需要佩戴 （选填“凸透镜”或“凹透镜”）来矫正。四、应用（共20分）14（8分）家用普通压力锅（图1）因为设计缺陷存在很大的安全隐患，最新推向市场的电热安全压力锅彻底解决了困扰了消费者多年的安全问题，省时省电（比普通电饭锅节电30%以上）又便捷安全。如图所示是某款电压力锅及铭牌，请回答

6、下列问题：额定电压220V额定容量5L额定功率900W工作压力5080kPa工作频率50Hz型号M50（1）你认为该电压力锅应该选用两孔插座还是三孔插座，为什么？（2）该电压力锅正常工作时电流多大？（3）在该电压力锅中装入3kg初温为30的水，当加热到120时刚好沸腾，水吸收了多少热量？（已知水的比热容C水4.2103J/（kg）（4）如图2所示是经常使用家用电压力锅的插座，小丽发现插头松动后，在使用电压力锅炖肉时插头发热，并将插座烧焦成了如图所示的样子，请你帮他分析产生这种现象的原因是什么？15（12分）电动公交车在银川市已经被广泛使用，该公交车主要采用电能作为动力，与燃气车相比噪音小，绿色

7、环保，对雾霾能起到一定的抑制作用。（1）电动公交车在充电时充电桩相当于电路中的 ，给蓄电池充电时将 能转换为 能，纯电动公交车所使用的电能属于 能源。（填写“一次”或“二次”）（2）电动公交车的工作原理与下图所示的哪一个实验原理相似 。（3）现在乘坐公交车可以通过公交卡或手机付费，那么公交卡（手机）与读卡器之间信息的传递是通过 波完成的。（4）下图是司机在倒车时通过后视镜看到左后方的的障碍物A，P点是司机的眼睛。请你画出司机看到A点的光路图。（5）电动公交车的整车充电通常在晚上用电低谷期间，利用如下图输出功率100kW的直流快速充电桩只需要3小时就能充满。求充一次电消耗的电能。这些电能相当于多

8、少千克的汽油完全燃烧放出的能量。（q4.6107J/kg）五、实验、探究（共23分）16（5分）小明在做“探究凸透镜成像规律”的实验中：（1）如图1所示，让一束平行光射向凸透镜，移动光屏，直到在光屏上会聚成一点，则该凸透镜的焦距为 cm。（2）如图2所示，要使像成在光屏的中央，应将光屏向 调整（选填“上”或“下”）。（3）当烛焰距离凸透镜12cm处时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、 的实像，生活中的 就是利用这个原理制成的。（4）当烛焰逐渐远离凸透镜时，烛焰所成的实像将 （选填“变大”或“变小”）。17（12分）“测定小灯泡电功率”的实验中，电源电压为6V的蓄电池，小灯泡额定电压为3.5V

9、，电阻约10。（1）如图所示是连接的实验电路，其中有一根导线连接错误。请你在错误的导线上画“”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。（1分）（2）正确连好电路后，闭合开关S，灯L不发光，电流表有示数，电压表无示数，则故障的原因可能是 ；（3）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如图所示的IU图象，计算出小灯泡的额定功率是 W，此时灯丝电阻是 ；（4）排除故障后进行实验，测得三组实验数据，请你根据实验记录数据和现象，回答下列问题：请写出此实验记录表格设计存在的不足之处： ，经多次测量和计算比较，我们发现小灯泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，变化的，此时IU图象不是直线的原因是 。（5

10、）实验完毕，由于没能及时将开关断开，结果将小灯泡烧坏了，此时出现的现象是： ；（写出电压表与电流表出现的现象）次数物理量123电压U2.03.54.5电流I0.260.32亮度逐渐增大电功率P/W（6）某一组同学在实验时，他们组的电压表的015V的量程损坏，03V量程完好，为了能够测量出小灯泡的额定功率应将电路做适当的调整，请在丙图虚线框内画出调整后的电路图，设电源电压恒定。（7）此时应调节滑动变阻器，使电压表的示数为 ，并读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率。（8）（2分）完成上述测量后，不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电流为I额，定

11、值电阻的电阻为R0，实验步骤如下，请写出小灯泡的额定功率的表达式闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器使电流表的示数为I额，小灯泡正常发光；闭合开关S、S1，断开开关S2，记下此时电流表的示数为I；此时小灯泡的额定功率的表达式为P额 18（6分）小王同学从外地旅游带回一块坚硬的矿石，他利用器材测量这块矿石的密度，测量过程中，他取g10N/kg他可用的器材有：天平（最大称量为200g）、量筒、烧杯、杠杆、弹簧测力计（量程为5N）、细线、水。（1）小王同学首先进行估测，他感觉矿石比一瓶500ml的矿泉水重些，于是他没有直接用天平（附砝码）来测矿石的质量。你认为他的理由是 。（2）小王同学用

12、图甲所示的装置进行测量，图中杠杆水平，细线竖直。他正确操作后，读出弹簧测力计的示数为1.8N，则该矿石的质量为m kg。（3）接着利用图乙所示的方法将矿石没入水中，收集它排出的水，倒入量筒中，如图丙。这块矿石的体积为 ml，由此测出矿石的密度为 kg/m3（保留一位小数）（4）上述测量体积的方法，产生误差的主要原因是什么？（5）请你说出一种更好的测这块矿石体积的具体方法。2022年宁夏银川市景博学校中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（选出各题唯一正确的答案每题3分，共21分不选、多选、错选均得0分）1（3分）下列物理量最接近实际的是（）A人体的正常体温是42B新型冠状病毒直径约801

13、20nmC教室的高度约为8mD我国家庭照明电路的电压为36V【答案】B【分析】首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。【解答】解：A、人体的正常体温是37，故A错误。B、新型冠状病毒直径约80120nm，符合实际，故B正确。C、教室的高度约为3m，故C错误。D、我国家庭照明电路的电压为220V，故D错误。故选：B。【点评】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。2（3分）物态变化在一年四季随处可见，下列属于吸热的是（）A初春，湖面上

14、的薄冰层开始融化B盛夏，打开冰箱门形成的“白气”C深秋，屋顶的瓦上结了一层霜D隆冬，教室的窗户玻璃上出现冰花【答案】A【分析】熔化指的是由固态变成液态的过程。液化是由气态变成液态的过程。凝华是由气态直接变成固态的过程。物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的。【解答】解：A、冰融化是由固态的冰变成液态水的过程，属于熔化现象，需要吸收热量，故A符合题意；B、打开冰箱门形成的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化成的液态小水珠，需要放出热量，故B不合题意；C、霜是空气中的水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象，需要放出热量，故C不合题意；D、隆冬，教室的窗户玻璃上出现冰花，是空气中的

15、水蒸气直接变成的小冰晶，属于凝华现象，需要放出热量，故D不合题意。故选：A。【点评】此题考查的是我们对于生活中物态变化的分析能力，物态变化是中考必考的一个知识点。3（3分）如图所示的四种工具在使用过程中，属于费力杠杆的是（）A独轮车B镊子C钢丝钳子D扳子【答案】B【分析】杠杆根据其力臂关系可以分为三类：动力臂大于阻力臂，省力杠杆；动力臂小于阻力臂，费力杠杆；动力臂等于阻力臂，等臂杠杆。【解答】解：A、独轮车的车体在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意；

16、D、扳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。故选：B。【点评】此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力。4（3分）一气球通过绳子吊着一物体在空中上升，突然绳子断了，此后物体运动的速度大小随时间变化的图象应是图中的（）ABCD【答案】C【分析】（1）一切物体都有保持原来运动状态的性质，即惯性；（2）在空中运动的物体，不计阻力作用，物体只受重力作用，重力的方向总是竖直向下的。【解答】解：因物体随气球在空中上升，当悬绳突然断开后，物体由于惯性会

17、继续向上运动；这时物体由于受到竖直向下的重力作用，因此物体开始减速，最后竖直向下加速下降，所以速度的变化是先减小，直到变为零，然后加速下降，速度的大小逐渐变大；故图象C符合。故选：C。【点评】本题考查重力对物体运动状态的改变，知道一切物体都具有惯性。5（3分）下列情境中，物体的运动状态不发生改变的是（）A正在弯道上速滑的运动员B水平桌面上静止的物理书C空中减速下落的降落伞D正在进站的火车【答案】B【分析】物体运动状态包括运动的速度和运动的方向，运动状态保持不变的有两种情况：静止状态或匀速直线运动状态。【解答】解：A、正在弯道上速滑的运动员，其方向在发生改变，所以它的运动状态在改变，不合题意；B

18、、水平桌面上静止的物理书，处于静止状态，所以它的运动状态不改变，符合题意；C、空中减速下落的降落伞，速度在减小，所以它的运动状态在改变，不合题意；D、正在进站的火车，速度在减小，所以它的运动状态在改变，不合题意。故选：B。【点评】本题考查了物体运动状态变化，明确力是改变物体运动状态的原因，要清楚物体的两种平衡状态：静止状态或匀速直线运动状态。6（3分）如图所示是“探究电磁铁磁性强弱与哪些因素有关”的实验，想让电磁铁吸引更多的大头针，可行的做法是（）A将滑片P向a端移动B将滑片P向b端移动C用铜芯替代铁芯D减少线圈匝数【答案】A【分析】电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，电磁铁吸引的大

19、头针数码越多，电磁铁的磁性越强。【解答】解：A、将滑片P向a端移动，电阻减小，由欧姆定律可知，电路中电流增大，则电磁铁吸引更多的大头针，故A正确；B、将滑片P向b端移动，电阻增大，由欧姆定律可知，电路中电流减小，则电磁铁吸引的大头针较少，故B错误；C、电磁铁的铁芯需用软磁性材料制成，铜不是磁性材料，故不可以用铜棒代替，故C错误；D、电磁铁磁性的强弱与线圈的匝数和电流的大小有关，线圈匝数越少，磁性越弱，因此减少线圈匝数，电磁铁吸引的大头针较少，故D错误。故选：A。【点评】本题难度不大，掌握基础知识、熟练应用控制变量法、分析清楚图示情景即可正确解题。7（3分）如图所示的电路，L1和L2是相同的灯泡

20、，闭合开关后，L1不亮，L2发光，电路故障可能是（）AL1断路BL1短路C电压表断路D电压表短路【答案】B【分析】常见的电路故障有：断路与短路两种，根据各个选项中故障对应的现象进行判断。【解答】解：A、若L1断路，则整个电路不能工作，即L1、L2均不发光；不符合题意；B、若L4短路，则电路为L2的基本电路，L1不亮，L2发光，符合题意；C、若电压表断路，电路仍为L1、L2的串联电路，故L1、L4均发光，不符合题意；D、若电压表短路，则灯泡L2也被短路，电路为L1的基本电路，L1发光，L2不发光；不符合题意。故选：B。【点评】本题考查学生判断电路故障，重点是对短路和断路的理解，以及分析电路的能力

21、。二、选择说明（选出各题唯一正确的答案，填在题后括号内，并说明理由每题5分，共10分不选、多选、错选均得0分）8（5分）下图是一个压力传感器的原理图，其中R1是滑动变阻器，R2是定值电阻。当压力F增大时AA电流表示数减小，电压表示数增大B电流表示数减小，电压表示数减小C电流表示数增大，电压表示数增大D电流表示数增大，电压表示数减小理由：当压力F增大时，滑片下移，接入电路中的电阻增大，电路的总电阻增大，由I可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小；由UIR可知，R2两端的电压减小，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R1两端的电压增大，即电压表的示数增大【答案】见试题解答内容【分析】由电

22、路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。当压力F增大时，滑片下移，接入电路中的电阻增大，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R2两端的电压变化，根据串联电路的电压特点可知R1两端的电压变化。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。当压力F增大时，滑片下移，接入电路中的电阻增大，电路的总电阻增大，由UIR可知，R2两端的电压减小，所以，R1两端的电压增大，即电压表的示数增大，故A正确、B错误。A；当压力F增大时，滑片下移，接入电路中的电阻增大，电路的总电阻增大，由I可知，电路中的电流减小，即电流表的示数减小

23、；由UIR可知，R2两端的电压减小，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，R7两端的电压增大，即电压表的示数增大。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路的特点和欧姆定律的应用，判断出压力变化时变阻器接入电路中电阻的变化是关键。9（5分）新冠肺炎疫情期间，西夏区综合执法局创新疫情防范宣传模式，利用无人机从空中向居家的群众和外出的市民进行全方位疫情防控宣传，同时开展无人机消杀检测工作。当无人机落到水平地面上静止时，下列说法正确的是CA无人机受到的重力和它对水平地面的压力是一对相互作用力B无人机受到的重力和它对水平地面的压力是一对平衡力C无人机受到的重力和水平地面对它的支持力是一对平衡

24、力D无人机对水平地面的压力和水平地面对无人机的支持力是一对平衡力选择理由：无人机受到的重力和水平地面对它的支持力这两个力都作用在无人机上，并且大小相等、方向相反、作用在一条直线上，所以这两个力是一对平衡力。【答案】见试题解答内容【分析】二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在一个物体上；相互作用力的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在两个物体上。【解答】解：AB、无人机受到的重力和它对水平地面的压力这两个力的方向都是竖直向下的，所以这两个力既不是相互作用力也不是平衡力，故AB错误；C、无人机受到的重力和水平地面对它的支持力这两个力都作用在无人机上，并且大小相等

25、、方向相反、作用在一条直线上，所以这两个力是一对平衡力，故C正确；D、无人机对水平地面的压力作用在地面上，水平地面对无人机的支持力作用在无人机上，这两个力作用在两个物体上，所以不是一对平衡力，故D错误。故选：C；无人机受到的重力和水平地面对它的支持力这两个力都作用在无人机上，并且大小相等、方向相反、作用在一条直线上，所以这两个力是一对平衡力。【点评】本题考查平衡力与相互作用力的知识，要学会对物体进行受力分析，区别平衡力和相互作用力的区别。三、填空（每空1分，共11分）10（3分）如图甲和乙是研究“电热大小与哪些因素有关”的实验装置。通电后，若要比较电阻丝产生热量的多与少，只需比较与之相连的U形

26、管中液面高度变化。甲是探究电热与电阻关系的实验装置。乙是探究电热与电流关系的实验装置。【答案】见试题解答内容【分析】（1）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法。（2）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（3）探究电流产生热量跟电流关系时，控制通电时间和电阻不变。【解答】解：（1）据试验装置可知，电流通过导体产生热量使得容器中的空气受热膨胀，从而导致U形管中的液面会发生变化，故虽然热量的多少不能直接观察，但可以通过U形管液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化；（2）在甲装置中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通

27、过他们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，即是探究电流产生的热量与电阻大小的关系；（5）乙实验，右侧电阻丝与另一电阻丝并联，再与左侧的电阻丝串联，故左右空气盒中电阻丝的电阻和通电时间相同，但通过电阻的电流不同，所以研究电流产生的热量与电流的关系。故答案为：（1）液面高度变化；（2）电阻；（3）电流。【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻、电流的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用是解决该题的关键。11（4分）中国的茶文化源远流长，如图所示，用沸水才能很快泡出茶香、茶色，这是因为温度越高，扩散现象越明显；壶嘴与壶身相通而且等高，是

28、利用连通器原理制成的；用夹子夹茶叶时，夹子相当于一个费力（选填“省力”、“费力”、“等臂”）杠杆；壶盖上有小孔是利用大气压倒出水的。【答案】见试题解答内容【分析】（1）分子运功快慢和物体的温度有关，温度越高分子运动越剧烈；（2）茶壶是运用连通器原理制成的；（3）此处的夹子与镊子相同，根据分析其动力臂和阻力臂的大小关系，即可确定杠杆的种类；（4）利用大气压把壶内的水顺利压出。【解答】解：（1）用沸水才能很快泡出茶香、茶色，这是扩散现象，温度越高，分子运动越快，扩散越快；（2）茶壶与壶身相通而且等高，是利用连通器原理制成的；（3）使用夹子夹茶叶时，手压着夹子的中间，茶叶在夹子的开口端。此时的夹子是

29、由两个杠杆组成的。两个杠杆的结合处为支点，从其到手的距离为动力臂，到开口端的距离为阻力臂，由于动力臂小于阻力臂，所以是一个费力杠杆；（4）当水由茶壶向外流出时，壶内的水面上方的空间增大，压强减小，小于外界大气压，若不及时增大壶内气压，水在外界大气压的作用下，就不会流出来，因此在壶盖上增加一个小孔，是为了利用大气压的。故答案为：扩散；连通器；费力；大气压。【点评】本题考查的知识点较多，有蒸发快慢的影响因素、扩散现象、连通器原理、杠杆分类、大气压的利用、液化现象等，具有一定综合性，是中考常见题型。12（2分）据报道，目前我国已有两艘航母服役，某型航母满载时排水量为70000吨，在海水中吃水深度为1

30、1m，（取水1.0103kg/m3，g10N/kg）该航母满载时，受到的浮力为7108N，最低处受到海水的压强为1.1105Pa。【答案】见试题解答内容【分析】（1）知道航母满载排水量（排开水的质量），利用阿基米德原理求该舰满载时所受浮力；（2）已知深度，利用液体压强公式pgh求出海水的压强。【解答】解：（1）该航母满载时排水量：m排70000t7107kg，（7）满载时该航母最低处受到海水的压强：故答案为：7108；1.1105。【点评】本题考查液体压强、浮力的计算，同时考查排水量的有关问题，关键是知道排水量就是轮船满载时排开水的质量。13（2分）小明由于经常玩手机游戏且不注意休息导致近视。

31、近视眼看远处物体时像成在视网膜的前方（选填“前方”或“后方”），需要佩戴凹透镜（选填“凸透镜”或“凹透镜”）来矫正。【答案】见试题解答内容【分析】（1）近视眼能看清近处的物体，不能看清远处的物体是因为晶状体太厚或眼球太长，使像成在视网膜的前方。（2）近视眼戴凹透镜使光线发散一些，使像成在视网膜上。【解答】解：近视眼看不清楚远处的物体，原因是远处物体的像成在视网膜的前方，但是我们可用发散作用的凹透镜矫正，使光线会聚能力减弱，能使像成在视网膜上，能看清物体。故答案为：前方；凹透镜。【点评】本题考查了近视眼的成因和矫正方法，本题与学生的实际生活联系密切，能够体现从物理走向生活的理念。四、应用（共20

32、分）14（8分）家用普通压力锅（图1）因为设计缺陷存在很大的安全隐患，最新推向市场的电热安全压力锅彻底解决了困扰了消费者多年的安全问题，省时省电（比普通电饭锅节电30%以上）又便捷安全。如图所示是某款电压力锅及铭牌，请回答下列问题：额定电压220V额定容量5L额定功率900W工作压力5080kPa工作频率50Hz型号M50（1）你认为该电压力锅应该选用两孔插座还是三孔插座，为什么？（2）该电压力锅正常工作时电流多大？（3）在该电压力锅中装入3kg初温为30的水，当加热到120时刚好沸腾，水吸收了多少热量？（已知水的比热容C水4.2103J/（kg）（4）如图2所示是经常使用家用电压力锅的插座，

33、小丽发现插头松动后，在使用电压力锅炖肉时插头发热，并将插座烧焦成了如图所示的样子，请你帮他分析产生这种现象的原因是什么？【答案】见试题解答内容【分析】（1）三孔插座比两孔插座中多出的一个孔是用来接地线的，目的就是为了防止触电；（2）由表格数据可知压力锅的额定电压和额定功率；根据公式I即可求出；（3）质量3kg初温为30的水加热到120，吸收的热量利用公式Q吸cm（tt0）即可求出；（4）插头松动后，插头与插孔（电饭锅锅体插座）接触面积减小，根据影响电阻大小的因素可知插头与插孔间电阻的变化，根据QI2Rt可知产生热量的关系；【解答】解：（1）该电压力锅应该选用三孔插座，是为了防止电热安全压力锅的

34、金属外壳因漏电而发生触电事故，故使用比两孔插座中多出的一个接地孔的三孔插座；（2）已知：U额220V，P额900W；（3）Q吸cm（tt0）4.2103J/（kg）3kg（12030）1.134104J；（4）插头松动后，插头与电饭锅插孔间的接触面积变小，插头与插孔接触处的接触电阻变大，根据焦耳定律QI2Rt可知，在电流I一定的情况下，相同时间t内产生热量增多，所以插座温度升高，容易将插头及插座烧毁甚至引起火灾。答：（1）为了防止电热安全压力锅的金属外壳因漏电而发生触电事故；（2）该电压力锅正常工作时电流约为4.09A；（3）水吸收了1.134103J的热量；（4）同上。【点评】本题通过电压力

35、锅考查了电学的几个基本知识点，注意正常工作是指实际电压等于额定电压的状态。15（12分）电动公交车在银川市已经被广泛使用，该公交车主要采用电能作为动力，与燃气车相比噪音小，绿色环保，对雾霾能起到一定的抑制作用。（1）电动公交车在充电时充电桩相当于电路中的电源，给蓄电池充电时将电能转换为化学能，纯电动公交车所使用的电能属于二次能源。（填写“一次”或“二次”）（2）电动公交车的工作原理与下图所示的哪一个实验原理相似B。（3）现在乘坐公交车可以通过公交卡或手机付费，那么公交卡（手机）与读卡器之间信息的传递是通过电磁波完成的。（4）下图是司机在倒车时通过后视镜看到左后方的的障碍物A，P点是司机的眼睛。

36、请你画出司机看到A点的光路图。（5）电动公交车的整车充电通常在晚上用电低谷期间，利用如下图输出功率100kW的直流快速充电桩只需要3小时就能充满。求充一次电消耗的电能。这些电能相当于多少千克的汽油完全燃烧放出的能量。（q4.6107J/kg）【答案】见试题解答内容【分析】（1）电源是给电路提供电能的装置；蓄电池是以化学能的形式储存起来，然后放电时又转化为电能；可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源。（2）电动机的原理是利用通电导体在磁场中受力运动；（3）手机是通过接受和发送电磁波传递信息的；（4）先确定A点在平面镜中的像点，然后

37、根据反射光线的反向延长线过像点确定反射光线，再连接光源和反射点，完成光路；（5）先根据WPt求出消耗的电能，然后根据m求出汽油的质量。【解答】解：（1）电动公交车在充电时充电桩相当于电路中的电源，为蓄电池提供电能，因此蓄电池充电时将电能转换为化学能；因此电能不是从自然界直接获取的能源，因此电能属于二次能源。（2）电动公交车的工作原理与电动机的原理相同；A、该图是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，不符合题意；B、电路中有电源，因此是电动机原理，符合题意；C、属于电磁继电器，属于电流的磁效应，不符合题意；D、电路中没有电源，与发电机原理相同，不符合题意。（3）公交卡（手机）与读卡器之间信息的传

38、递是通过电磁波传递信息的；（4）先延长平面镜，然后作A点关于平面镜的对称点，然后连接AP（即反射光线），并标出反射光线的方向，再连接A点和反射点（即入射光线），并标出光线的方向，如图所示：（5）电动公交车充电一次消耗的电能：WPt100103W33.6103s4.08107J，由Qmq可得，汽油的质量：m23.2kg。（4）（5）电动公交车充电一次消耗的电能为1.08107J；汽油的质量为23.5kg。【点评】本题主要考查学生对课本光学、电与磁、电能、热量的计算等知识的了解和掌握，同时注意与生活现象联系起来，这类题型是中考的热点。五、实验、探究（共23分）16（5分）小明在做“探究凸透镜成像规

39、律”的实验中：（1）如图1所示，让一束平行光射向凸透镜，移动光屏，直到在光屏上会聚成一点，则该凸透镜的焦距为10.0cm。（2）如图2所示，要使像成在光屏的中央，应将光屏向下调整（选填“上”或“下”）。（3）当烛焰距离凸透镜12cm处时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、放大的实像，生活中的幻灯机（或投影仪）就是利用这个原理制成的。（4）当烛焰逐渐远离凸透镜时，烛焰所成的实像将变小（选填“变大”或“变小”）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）掌握焦距的概念，从焦点到凸透镜的距离；（2）要使像能成在光屏的中央，应使烛焰、光屏、凸透镜的中心大致在同一高度处；（3）分析物距和焦距的关系，利用物距处

40、于1倍和2倍焦距之间时，成倒立放大实像的特点进行判断，幻灯机、投影仪都是根据这个原理制成的；（4）根据凸透镜成实像时，遵循物近像远像变大的特点进行判断。【解答】解：（1）由焦距的概念知，f60.0cm50.0cm10.0cm；（2）由图知，光屏的位置偏高，要使像能成在光屏的中央，应将光屏向下调整；（3）当烛焰距离凸透镜12cm处时，物体处于1倍焦距和2倍焦距之间，所以此时成倒立放大的实像，幻灯机、投影仪是根据这个原理制成的；（4）当烛焰逐渐远离凸透镜时，由于物距变大，所以像距变小，成的像也变小。故答案为：（7）10.0；（2）下；（3）放大；幻灯机（或投影仪）；（4）变小。【点评】此题是探究凸

41、透镜成像的规律实验，考查了焦距的测量及实验器材的调节，掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。17（12分）“测定小灯泡电功率”的实验中，电源电压为6V的蓄电池，小灯泡额定电压为3.5V，电阻约10。（1）如图所示是连接的实验电路，其中有一根导线连接错误。请你在错误的导线上画“”，并用笔画线代替导线画出正确的导线。（1分）（2）正确连好电路后，闭合开关S，灯L不发光，电流表有示数，电压表无示数，则故障的原因可能是灯泡短路；（3）排除故障后，继续实验，并根据实验数据画出如图所示的IU图象，计算出小灯泡的额定功率是0.875W，此时灯丝电阻是1

42、4；（4）排除故障后进行实验，测得三组实验数据，请你根据实验记录数据和现象，回答下列问题：请写出此实验记录表格设计存在的不足之处：实验表格中没有单位，经多次测量和计算比较，我们发现小灯泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，变化的，此时IU图象不是直线的原因是灯丝的电阻受温度的影响。（5）实验完毕，由于没能及时将开关断开，结果将小灯泡烧坏了，此时出现的现象是：电流表示数减小，电压表示数变大；（写出电压表与电流表出现的现象）次数物理量123电压U2.03.54.5电流I0.260.32亮度逐渐增大电功率P/W（6）某一组同学在实验时，他们组的电压表的015V的量程损坏，03V量程完好，为了能

43、够测量出小灯泡的额定功率应将电路做适当的调整，请在丙图虚线框内画出调整后的电路图，设电源电压恒定。（7）此时应调节滑动变阻器，使电压表的示数为2.5V，并读出电流表示数，即可算出小灯泡的额定功率。（8）（2分）完成上述测量后，不用电压表，用如图丁所示的电路也可测量已知额定电流的小灯泡的额定功率，已知小灯泡的额定电流为I额，定值电阻的电阻为R0，实验步骤如下，请写出小灯泡的额定功率的表达式闭合开关S、S2，断开开关S1，调节滑动变阻器使电流表的示数为I额，小灯泡正常发光；闭合开关S、S1，断开开关S2，记下此时电流表的示数为I；此时小灯泡的额定功率的表达式为P额I额（II额）R0【答案】见试题解

44、答内容【分析】（1）电压表应并联在灯泡两端，由图1可知，电压表串联在电路中，电压表连线错误，把灯泡右端接线柱与电源负极或电压表负接线柱连接起来即可。（2）灯泡不亮，可能是灯泡断路或灯泡短路或灯泡之外电路断路造成的；（3）根据公式PUI求出功率，根据R求出灯泡的电阻；（4）观察分析表格中的各物理量确定表格设计存在的不足之处；由欧姆定律知电压表与电流表示数的比值等于灯丝的电阻，再根据灯丝的电阻随温度的升高而增大的特点进行分析。（5）小灯泡烧坏了，相当于断路，据此分析；（6）（7）根据串联电路电压的规律，求灯正常发光时变阻器的电压，设计电路图；（8）灯泡与滑动变阻器串联，用电流表测电路中的电流，由串

45、联电路特点及欧姆定律求出流过灯泡电流为灯泡额定电流时，灯泡两端电压，然后由PUI求出灯泡额定功率。【解答】解：（1）由图1知，电压表连线错误，灯泡右端接线柱与电压表负接线柱相连，电路图如图甲所示。（2）闭合开关，电流表有示数，说明电路出现了短路，电压表无示数，说明与电压表并联部分无电阻，所以故障可能是灯泡短路。（4）由图可知，灯泡正常发光时，即电压为3.5V时，电流为0.25A，则额定功率为：PUI3.5V0.25A0.875W；（2）观察分析实验记录表格中的各物理量可知，电压、电流没有带单位，这是表格设计的不足之处；由电路图和欧姆定律可知，电压表与电流表示数的比值为灯丝的电阻；由题意知，小灯

46、泡两端的电压与对应电流的比值并不是一个定值，是变化的，说明灯丝的电阻是变化的；当小灯泡两端电压增大时，灯泡的实际功率变大，灯丝温度升高，灯丝的电阻增大；所以，其可能的原因是灯丝的电阻随温度的升高而增大（或灯丝的电阻随温度的改变而改变）。（5）小灯泡烧坏了，相当于断路，整个电路中无电流，故电流表示数为0，由于电压表的正负接线柱接在电源的两极上，故电压表有示数，测的是电源电压；故电流表示数减小，电压表示数变大；（6）（7）根据串联电路的规律，当变阻器的电压为：2V3.5V2.5V时，灯正常发光，故可将电压表使用小量程与变阻器并联，移动变阻器的滑片，当电压表示数为2.7V时，记下电流表的示数。如下图2所示：；（8）闭合开关S、S2，断开开