云南省玉溪市元江一中2022-2023学年物理高三第一学期期中达标测试试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的位移（x）-时间（t）图象和速度（v）-时间（t）图象中给出四条图线，甲、乙、丙、丁代表四辆车由同一地点向同一方向运动的情况，则下列说法正确的是（ ）A甲车做直线

2、运动，乙车做曲线运动B时间内，甲车通过的路程大于乙车通过的路程C时间内，丙、丁两车在时刻相距最远D时间内，丙、丁两车的平均速度相等2、2017年8月8日四川九寨沟发生7.0级地震，李克强总理和汪洋副总理作出重要批示，紧急成立生命救援队赶往灾区此次救援队携带的救援工具，包括生命探测器、扩张机等，如图所示是扩张机的原理示意图，A、B为活动铰链，C为固定铰链，在A处作用一水平力F，滑块B就以比F大得多的压力向上顶物体D，已知图中2l1.0m，b0.05 m，F400 N，B与左壁接触，接触面光滑，则D受到向上顶的力为(滑块和杆的重力不计)( )A3 000 N B2 000 NC1 000 N D5

3、00 N3、光滑的半圆柱形物体固定在水平地面上，其横截面如图所示。一重为G的小球在沿柱面切线方向的拉力F（F与圆柱的横截面共面）作用下，缓慢地由A向B运动。则在运动过程中，拉力F的大小和柱面对小球支持力N的大小变化情况是AF、N均逐渐增大BF、N均逐渐减小CF逐渐减小，N逐渐增大DF逐渐增大，N逐渐减小4、如图所示，一枚手榴弹开始时在空中竖直下落，到某位置时爆炸成沿水平方向运动的a、b两块，已知两块同时落地，其中a落地时飞行的水平距离OA大于b落地时飞行的水平距离OB，下列说法中正确的是 A爆炸瞬间a、b两块的速度变化量大小相等Ba、b两块落地时的速度大小相等C爆炸瞬间a、b两块的动量变化量大

4、小相等D爆炸瞬间a、b两块的动能变化量相等5、在一根绳上串着两个质量不同的小球1、2，已知两小球的质量关系m1d)，光电计时器记录下小球通过光电门的遮光时间为t，当地的重力加速度为g.则:(1)如图乙所示，用螺旋测微器测得小球的直径d=_mm.(2)多次改变高度H，重复上述实验，测得多组H与对应的I的值.在处理数据时为了得到线性图象，我们应该作出_图象.A. B. C. D. (3)若按上述要求作出的图线为一条过原点的倾斜直线，斜率为k，则当地重力加速度g的表达式为_. (用k、d 表示)(4)写出一-条能够减小实验误差的建议_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处

5、，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在水平面上，平放一半径为R的光滑半圆管道，管道处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中，另有一个质量为m、带电荷量为q的小球（1）当小球从管口沿切线方向以某速度射入，运动过程中恰不受管道侧壁的作用力，求此速度v0；（2）现把管道固定在竖直面内，且两管口等高，磁场仍保持和管道平面垂直，如图所示空间再加一个水平向右、场强E的匀强电场(未画出)若小球仍以v0的初速度沿切线方向从左边管口射入，求小球：运动到最低点的过程中动能的增量；在管道运动全程中获得的最大速度14（16分）如图所示，真空室中电极K发出的电子(初速不计）经过电势差为U1的加速电

6、场加速后，沿两水平金属板C、D间的中心线射入两板间的偏转电场，最后打在荧光屏上CD两板间的电势差UCD随时间变化如图所示，设C、D间的电场可看作是均匀的，且两板外无电场已知电子的质量为m、电荷量为e(重力不计)，C、D极板长为L, 板间距离为d,偏转电压U2,荧光屏距C、D右端的距离为L/6, 不同时刻从K极射出的电子都能通过偏转电极且不计电子间的相互作用求：（1）电子通过偏转电场的时间t0（2）若UCD的周期T=t0, 荧光屏上电子能够到达的区域的长度；（3）若UCD的周期T=2t0, 到达荧光屏上O点的电子的动能？15（12分）如图所示，光滑水平面上放着质量都为m的物块A和B，A、B 间夹

7、一个被压缩的轻弹簧（弹簧与A、B均不拴接），在A、B间系一轻质细绳固定。在短暂时间内烧断细绳，B向右运动，脱离轻弹簧一段时间后与向左匀速运动、速度为v0的物块C发生碰撞，碰后B、C立刻形成粘合体并停止运动，C的质量为2m，求： (1)B、C相撞前一瞬间B的速度大小；(2)绳被烧断前弹簧的弹性势能为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A根据位移-时间图象的斜率表示速度，由图象可知：乙图线的斜率不变，说明乙的速度不变，做匀速直线运动甲做速度越来越小的变速直线运动故A错误B在t1时刻两车的位移相等，又都是

8、单向直线运动，所以两车路程相等故B错误C由图象与时间轴围成的面积表示位移可知：丙、丁两车在t2时刻面积差最大，所以相距最远故C正确D0t2时间内，丙的位移小于丁的位移，时间相等，平均速度等于位移除以时间，所以丙的平均速度小于丁车的平均速度故D错误2、B【解析】根据力F的作用效果将它分解，再将AB所受压力的作用效果进行分解，根据数学知识求出物体D所受压力的大小；【详解】将力F按作用效果沿AB和AC两个方向进行分解，作出力的分解图如图甲所示：则有：2F1cos=F,则得F1=F2=F2cos；再将F1按作用效果分解为FN和FN，作出力的分解图如图乙所示：则有：FN=F1sin 联立得到：FN=Ft

9、an2；根据几何知识得可知tan=lb=10。得到：FN=5F=2000N，故选项B正确，选项ACD错误。【点睛】本题运用分解的方法研究力平衡问题，难点是要进行两次分解，分解时，首先要根据力的作用效果确定两个分力的方向，作力的分解图要认真规范。3、C【解析】对滑块受力分析，受重力、支持力和拉力，如图所示：根据共点力平衡条件，有：N=mgsin，F=mgcos，其中为支持力N与水平方向的夹角；当物体向上移动时，变大，故N变大，F变小；故C正确.故选C.【点睛】本题关键对小球进行受力分析，然后根据共点力平衡条件列式求解出支持力和拉力的表达式进行讨论4、C【解析】由题意知，爆炸后两块同时落地，说明爆

10、炸瞬间两块在竖直方向的速度没有发生变化，故爆炸是在水平方向上发生的因OA大于OB，所以爆炸瞬间a获得的水平速度较大，因而落地时也是a的速度较大，A、B错误；因水平方向的初动量为零，且水平方向动量守恒，所以爆炸后a、b两块的水平方向动量应等值、反向，C正确；结合爆炸后两块的速度和动量可知，a块的质量较小，根据动量和动能的关系可知，a块的动能变化较大，D错误故选C5、C【解析】手提着绳端沿水平方向一起做匀加速直线运动，对整体分析，整体受到重力和拉力，两个力的合力水平向右，根据平行四边形定则知，则拉力的方向斜向右上方，对下面小球m2，利用牛顿第二定律，则在水平方向有而在竖直方向则有对上面小球同理有联

11、立解得则而则故选C。6、D【解析】未施加恒力前，质点做匀速直线运动，即合力为零，所以施加恒力后，质点的合力大小等于该恒力，合力方向与恒力的方向相同，所以做匀变速运动，若该恒力的方向与速度方向的夹角不为90，则速度大小一定变化，AB错误；速度的方向与恒力的方向的夹角多样化，不一定是垂直的关系，C错误；由于做匀变速运动，即加速度恒定，所以根据可知任意相等时间内速度的变化量总相同，D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】A将两个拉力正交分解后，水平方向上的合力

12、为零，竖直方向上的合力就是两绳对重物的合力故A正确；B两绳用力时物体的加速度设停止用力后物体还有上升h，则有所以那么重物加速减速上升的总高度为重物增加的重力势能故B错误；C物体上升到最大高度H后就自由落体，所以落地的速度故C正确；D从最高点到把地砸深2m，根据动能定理有代入解得故D错误。故选AC。8、AC【解析】A项：0到t0时间内的加速度，这段时间内的位移为，t0时刻的速度为，t0到2t0时间内的加速度为，所以t0到2t0时间内的位移为：，所以2t0时刻相对于出发点的位移为：，所以物体在t0和2t0时刻相对于出发点的位移之比是1：5，故A正确；B项：2t0时的速度为：v2=v1+a2t0=所

13、以物体在t0和2t0时刻的瞬时速度之比是1：3，故B错误；C项：根据动能定理得：外力在0到t0时间内做的功为，外力在t0到2t0时间内做的功为，所以外力在0到t0和t0到2t0时间内做功之比是1：8，故C正确；D项：外力在t0的时刻的瞬时功率为P1=F0v1=，2t0时刻的瞬时功率P2=2F0v2=，所以外力在t0和2t0时刻的瞬时功率之比是1：6，故D错误故应选：AC【点睛】解决本题的关键掌握瞬时功率的公式P=Fvcos，以及牛顿第二定律、运动学基本公式的应用9、AD【解析】A：松手瞬间，对B受力分析可得，对A受力分析可得，联立解得：；故A正确B：松手后，绳的拉力对A做正功，小物块A的机械能

14、增加；故B错误C：物块从开始下落到落地： ，解得：；故C错误D：物块A从开始运动到滑行时获得的速度，接下来继续滑行停止，则 ，解得：；小物块A能够上升到的最高点距离地面的距离为故D正确10、BCD【解析】热传递存在方向性是说热量只能自发的从高温物体传向低温物体，空调的制冷过程是热量从温度较高的室内传到温度较低的制冷剂，再通过压缩制冷剂将热量传到室外，而制热过程也是这样进行的故A错误第一类永动机不可能制成是因为它违背了能量的转化和守恒定律故B正确理想气体内分子之间的相互作用忽略不计，所以理想气体的内能仅仅与温度一个，对于一定质量的理想气体，只要温度升高其内能就一定增大故C正确用温度计测量温度是根

15、据热平衡的原理，故D正确根据热力学第二定律可知，即使科学技术有长足进步，将来的热机的效率也达不到100%故E错误三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）AD （1）右 （3）216 252 （4）平衡摩擦力时斜面倾角过大【解析】试题分析：（1）关于该实验，拉小车的细线要与木板平行，以减小实验的误差，选项A正确；打点计时器要与6V交流电源连接，选项B错误；因为有力传感器测量拉力，故不需要沙桶和沙的质量远小于小车和传感器的质量，选项C错误；平衡摩擦力时，纸带要穿过打点计时器后连在小车上，选项D正确；故选AD（1）纸带应该放到复写纸的下面效

16、果好，故选右边的；（3）打下B点时小车的速度，小车的加速度（4）由图像可知，当F=2时，小车已经有了加速度，可知直线不过坐标原点的原因可能是平衡摩擦力时斜面倾角过大考点：探究加速度与力的关系【名师点睛】解答此题首先要掌握该实验试验原理及注意事项，其次要会用逐差法解决加速度的求解问题；能分析产生误差的原因12、6.860 B 适当减小小球的直径 【解析】（1）1 螺旋测微器测得小球的直径d=6.5mm+36.00.01mm=6.860mm（2）2 依据小球在极短时间内的平均速度等于瞬时速度，那么小球通过光电门的速度由速度位移关系可得：变形得我们应该作出图像，故选B（3）3斜率所以重力加速度（4）

17、4 适当减小小球的直径，可以更精确测出小球通过光电门的速度，从而可能让实验减小实验误差四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）（2）2mgR【解析】（1）小球在水平面上只受到洛伦兹力作用，故 解得：（2）小球在管道运动时，洛伦兹力始终不做功，对小球运动到最低点的过程，由动能定理可以得到： 由题目已知：联合以上两式可以得到：动能增量当小球到达管道中方位角为的位置（如图所示）时，应用动能定理，有： 即： 对函数求极值，可得时， 所以 14、（1） （2） （3）【解析】（1）电子先AB板间电场加速，后进入CD板间电场

18、偏转做类平抛运动，最后离开电场而做匀速直线运动先由动能定理求出加速获得的速度电子在偏转电场中，水平方向做匀速直线运动，由公式求时间；（2）当时，所有电子在偏转电场中运动过程，竖直方向加速半个周期，减速半个周期，最终水平飞出射出电场t=0时刻进入的电子向上侧移距离最大根据牛顿第二定律和运动学公式结合求出最大的偏转距离，向下偏转的最大距离等于向上偏转的最大距离即可得到荧光屏上电子能够到达的区域的长度；（3）当时，电子要到达O点必须在竖直方向有先加速后减速再反向加速过程，并且加速大小相等，整个过程向上的位移和向下的位移大小相等，根据位移相等，由运动学公式求出向上加速的时间，求得竖直方向偏转的距离，根据动能定理求解到达荧光屏上O点的电子的动能【详解】（1）电子在电场中加速过程：在偏转电场中运动，水平方向做匀速运动：联立解得：（2）当时，所有电子在偏转电场中运动过程，竖直方向加速半个周期，减速半个周期，最终水平飞出可知，时刻进入的电子向上侧移距离最大同理得向下侧移距离最大值：所以电子达到的区域长：（3）当时，电子要到达O点必须在竖直方向有先加速后减速再反向加速过程，并且加速大小相等，整个过程向上的位移和向下的位移大小相等，设向上加速时间为t，加速度大小为a，则在竖直方向上有： 要到达O点，联立解得：所以到达O点的电子经过偏转电场时电子做功，电子从