云南省曲靖市宣威市第五中学2022-2023学年物理高三上期中检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、某同学为了探究影响电荷间相互作用力的因素，进行了以下的实验:M是一个带正电的物体，把系在丝线上的带正电的轻质小球先后挂在P1、P2、P3位置，发现丝线偏离竖直方向的角度逐渐

2、变小.这个实验结果说明电荷之间的作用力（ ）A随着电荷量的增大而增大B与两电荷量的乘积成正比C随着电荷间距离的增大而减小D与电荷间距离的平方成反比2、在一根绳上串着两个质量不同的小球1、2，已知两小球的质量关系m1m2，当手提着绳的上端使两小球沿水平方向一起向右做匀加速直线运动时（空气阻力忽略不计），则下图中正确的是（）ABCD3、甲、乙两车在平直公路上行驶，其速度时间图象如图所示，则下列说法正确的是（ ）A8 s末，甲、乙两车相遇B甲车在04s内的位移小于乙车在48s内的位移C4 s末，甲车的加速度小于乙车的加速度D在08s内，甲车的平均速度小于乙车的平均速度4、如图所示，在一足够长的粗糙水

3、平杆上套一小圆环，在小圆环上施加一水平向右的恒力F，使小圆环由静止开始运动，同时在小圆环上施加一竖直向上的力F，且F满足的关系为Fkv.已知小圆环的质量为m，小圆环与水平杆之间的动摩擦因数为.则小圆环运动过程中速度随时间变化的图象为（ ）A B C D5、一带负电粒子在电场中仅受静电力作用下沿x轴正向做直线运动v-t图象如图所示,起始点O为坐标原点,下列关于电势、粒子动能Ek、电场强度E、粒子加速度a与位移x的关系图象中可能合理的是A B C D6、在一斜面顶端，将甲、乙两个小球分别以3和的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上.甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的（ ）A3倍B4倍

4、C6倍D9倍二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一轻弹簧的一端固定在倾角为的固定光滑斜面的底部，另一端和质量为2m的小物块A相连，质量为m的小物块B紧靠A静止在斜面上，如图所示，此时弹簧的压缩量为x1从t=1时开始，对B施加沿斜面向上的外力，使B始终做加速度为a的匀加速直线运动经过一段时间后，物块A、B分离弹簧的形变始终在弹性限度内，重力加速度大小为g若、m、x1、a均已知，则下列说法正确的是（ ）A根据已知条件，可求出从开始到物块A、B分离所用的时间B根据已知条件，

5、可求出物块A、B分离时的速度大小C物块A、B分离时，弹簧的弹力恰好为零D物块A、B分离后，物块A开始减速8、如图所示，动滑轮下系有一个质量为的物块，细线一端系在天花板上，另一端绕过动滑轮用的恒力竖直向上拉细线的另一端滑轮、细线的质量不计，不计一切摩擦经过（），则（）A拉力做功为 B拉力做功为C物体的动能增加了 D物体的机械能增加了9、如图所示电路中,电源内阻忽略不计,R0的阻值小于R1的总电阻。闭合开关S,电压表示数为U,电流表示数为I;在滑动变阻器R1的滑片P由b端滑到a端的过程中A电流表示数I先变小后变大B电压表示数U先变大后变小C电压表示数U变化量与电流表示数I变化量比值等于R3D电压表

6、示数U与电流表示数I比值先变大后变小10、如图甲是某超载货车运送圆柱形钢管的情景，所装钢管规格相同，如图乙是钢管堆放的截面示意图。已知钢管间的动摩擦因数为，每根钢管的质量为，重力加速度为，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下层钢管被固定不能移动。下列分析正确的是A管之间的弹力大小为B若把上层钢管水平向外抽出,所需最小力为C与间不发生相对滑动，汽车的加速度最大为D若汽车运动的加速度为，则钢管受到的作用力为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用半径相同的小球1和小球2的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示，斜槽与水平槽平滑连接安装好实

7、验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下铅垂线所指的位置O.接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A点由静止滚下，并落在地面上重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，认为其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘处的B点，让小球1从A点由静止滚下，使它们碰撞重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M、P、N离O点的距离，即线段OM、OP、ON的长度(1)在上述实验操作中，下列说法正确的是_A小球1的质量一定大于小球2的质量，小球1的半径可以大于小球2的半径B将小

8、球静止放置在轨道末端看小球是否滚动来检测斜槽轨道末端是否水平C小球在斜槽上的释放点应该越高越好，这样碰前的速度大，测量误差较小D复写纸铺在白纸的上面，实验过程中复写纸可以随时拿起来看印迹是否清晰并进行移动(2)以下提供的器材中，本实验必需的有（_）A刻度尺B游标卡尺C天平D秒表(3)设小球1的质量为m1，小球2的质量为m2，MP的长度为l1，ON的长度为l2，则本实验验证动量守恒定律的表达式为_12（12分）某实验小组用如图甲所示的装置验证机械能守恒定律（1）实验中得到的一条纸带如图乙所示，第一个打点标记为O，选择点迹清晰且便于测量的连续6个点分别标为1、26，测出各点到O点的距离分別为d1、

9、d2d6，己知打点频率为f，则打点2时小车的速度为_；若钩码的质量为m，己知当地重力加速度为g，则验证第2点与点间重锤的机械能守恒的关系表达式可表示为_（2）已知打点频率f=50Hz，如果发现纸带上第一个和第二个打点间的距离大约是5mm，出现这种情况可能的原因是_A重锤的质量过大B电源电压偏大C打点计时器没有竖直固定D先释放纸带后接通打点计时器（3）请你提出一条减小实验误差的改进建议_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在一条平直的公路上，甲车在前以54km/h的速度匀速行驶，乙车在后以90km/h的速度同

10、向行驶某时刻两车司机同时听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车已知甲、乙减速的加速度大小分别为0.5m/s1和1m/s1请问(1)若两车恰好不相撞，则两车从开始刹车到恰好不撞的行驶时间为多少？(1)为避免两车发生撞车事故，开始刹车时两车的最小间距为多少？14（16分）如图甲所示，质量为的木板静止在光滑水平面上，质量为的物块以初速度滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为.在物块滑上木板的同时，给木板施加一个水平向右的恒力F，当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s，给木板施加大小不同的恒力F，得到的关系如图乙所示，其中AB段与横轴平行，且AB段的纵坐标为.将物块视为质点

11、，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取.（1）若恒力,则物块会从木板的右端滑下，求物块在木板上滑行的时间.（2）图乙中BC为直线段，求该段恒力F的取值范围及函数关系式.（3）简要说明图乙中线段DE所表示的物块和木板的相对运动情况15（12分）如图甲所示，倾斜传送带倾角37，两端A、B间距离L4 m，传送带以4 m/s的速度顺时针转动，质量为1 kg的滑块从传送带顶端B点由静止释放后下滑，到A端时用时2 s，g取10 m/s2，sin 370.6，cos 370.8.(1)求滑块与传送带间的动摩擦因数；(2)若该滑块在传送带的底端 A点，如图乙所示，现用一沿传送带向上的大小为6 N的恒定拉力

12、F拉滑块，使其由静止开始沿传送带向上运动，当滑块速度与传送带速度相等时，撤去拉力，则当滑块到传送带顶端时，滑块速度为多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】试题分析：在研究电荷之间作用力大小的决定因素时，采用控制变量的方法进行，如本实验，根据小球的摆角可以看出小球所受作用力逐渐减小，由于没有改变电性和电量，不能研究电荷之间作用力和电性、电量关系，故ABD错误，C正确考点：电荷间的作用规律.2、C【解析】手提着绳端沿水平方向一起做匀加速直线运动，对整体分析，整体受到重力和拉力，两个力的合力水平向右，根据平

13、行四边形定则知，则拉力的方向斜向右上方，对下面小球m2，利用牛顿第二定律，则在水平方向有而在竖直方向则有对上面小球同理有联立解得则而则故选C。3、B【解析】因两车开始运动的初始位置不确定，故无法判断两车何时相遇，选项A错误；图像与坐标轴围成的面积等于物体的位移，由图像可知，甲车在04s内的位移小于乙车在48s内的位移，选项B正确；图像的切线的斜率等于加速度大小，由图像可知，4 s末，甲车的加速度大小等于乙车的加速度，选项C错误；在08s内，甲车的位移等于乙的位移，则甲车的平均速度等于乙车的平均速度，选项D错误；故选B.4、C【解析】开始时圆环受到向下的重力和细杆向上的支持力，当施加F后，开始时

14、细杆对圆环的支持力FN向上，根据牛顿第二定律可知a=F-FNm=F-(mg-kv)m，可知随速度v的增加，加速度a逐渐变大；当kv=mg时a达到最大；然后随v的继续增加，FN反向，加速度变为 a=F-FNm=F-(kv-mg)m，可知随速度v的增加，加速度a逐渐变小；当加速度减到零后，变为匀速运动，故选C.【点睛】此题关键是分析圆环的受力情况，尤其是杆对圆环的弹力的大小和方向，然后分析加速度的变化，从而确定图像的形状.5、C【解析】根据v-t图象的斜率分析加速度的变化，判断电场力的变化，由电场力做功情况分析动能和电势能的变化，再分析电势的变化.【详解】A、v-t图象的斜率表示加速度，则知粒子的

15、加速度减小，由牛顿第二定律知qE=ma，得场强E逐渐减小，由知-x图象切线斜率是变化的，所以，-x图象是曲线，故A错误.B、v减小，则知动能Ek减小，故B错误.C、E随时间减小，粒子做减速直线运动，E可能随x均匀减小，故C正确.D、a随时间减小，粒子做减速直线运动，a随x增大而减小，故D错误.故选C.【点睛】本题关键是明确粒子的受力情况和运动情况，然后结合动能定理进行分析，图象的斜率的物理意义要清楚。6、A【解析】两小球都落在斜面上，有：tan=12gt2v0t 解得：t=2v0tang，则落在斜面上时的竖直分速度为：vy=gt=2v0tan，根据平行四边形定则知：v=v02+vy2=v02+

16、4v02tan2v0，两球的初速度之比为3：1，则落在斜面上的速率之比为3：1，故A正确，BCD错误。故选A。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，抓住位移关系，结合速度时间公式和平行四边形定则求出速度的表达式是关键.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】A、B、AB静止时，,则，对B施加沿斜面向上的外力后，A、B一起做匀加速运动，分离时A、B间弹力为零，加速度均为a，设此时弹簧被压缩x,则对A有：,且，即可求出：,，AB正确；

17、C、物块A、B分离时，弹簧的弹力不为零，A、B间弹力为零，此时弹簧弹力，C错误；D、分离时，A有向上的加速度，之后先做加速度减小的加速运动，达到最大速度后再做减速运动，D错误；故选AB8、BD【解析】对m：得，则，则，故A错，B对物体的动能增加了，C错；物体的机械能增加了，D对，故选BD点睛：解决本题的关键是明确动滑轮的力学特性，知道拉力F的作用点位移等于物体位移的2倍要注意选择研究对象；知道机械能的增量等于动能和势能增量之和，也等于除重力外的其它力的功9、AD【解析】A滑动变阻器R1的滑片P由b端滑到a端的过程中，总电阻先变大后变小，由闭合电路欧姆定律可知，电流表示数先变小后变大，故A正确；

18、B电源内阻忽略不计，所以电压表示数不变，故B错误；C电压表示数变化量与电流表示数变化量比值等于除R3外的总电阻，故C错误；D电压表示数与电流表示数比值等于除R3外的总电阻，电压表示数与电流表示数比值先变大后变小，故D正确。10、CD【解析】A设A、B管之间的弹力大小为T，T与竖直方向的夹角为，根据几何关系可得解得根据对称性可知C对A的弹力大小也为T，根据平衡条件可得解得故A错误；B若把上层A钢管水平向外抽出，所需最小拉力等于A受到的摩擦力，摩擦力所以所需最小力为，故B错误；CA与B、C间恰好不发生相对滑动时，根据牛顿第二定律可得f=ma，解得汽车的加速度最大为故C正确；D若汽车运动的加速度为g

19、，则钢管A受到B、C的作用力为故D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、BD AC m1l1m2l2 【解析】(1)根据实验注意事项分析答题；(2)根据实验需要测量的量选择实验器材；(3)小球离开水平轨道后做平抛运动，根据实验数据与动量守恒定律求出实验需要验证的表达式【详解】(1) A项：验证动量守恒定律实验中，入射球1的质量一定要大于被碰球2的质量，两球的直径应相等，故A错误；B：将小球静止放置在轨道末端，如果小球不滚动，水面斜槽轨道末端水平，否则斜槽末端不水平，故B正确； C项：小球在斜槽上的释放点高度应适当，如果释放

20、点的高度太高，小球离开轨道后的水平位移太大，小球将落在复写纸之外，不能确定小球的落地点，小球的释放高度不是越高越好，故C错误；D项：复写纸铺在白纸的上面，实验过程中复写纸可以随时拿起看印迹是否清晰，只要不移动地面上的白纸，可以随便移动复写纸的位置，故D正确故应选：BD(2)实验过程中需要测量入射球与被碰球的质量，因此实验需要天平；实验时需要测出小球落地点的水平位移，因此实验需要刻度尺，故AC正确(3) 球离开水平轨道后做平抛运动，由于小球的竖直分位移相等，因此它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与它的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度；由图示可知，碰撞前小球1的落地点是P，

21、两球碰撞，球1的落地点是M，球2的落地点是N，实验需要验证：m1OP=m10M+m20N，m1（OP-OM）=m20N，m1MP=m20N，则m1l1=m2l2，本实验验证动量守恒定律的表达式为：m1l1=m2l2.12、 D 换用阻力较小的电火花式的打点计时器，或选用质量较大的重物；【解析】（1）匀变速直线运动平均速度等于中间时刻的瞬时速度可算2点速度，即第点2的瞬时速度等于13间的平均速度，把钩码和小车看成系统系统减小的势能即为钩码减小的重力势能Ep=mg（d5d1）。系统增加的动能为小车和钩码增加的动能。验证点2与点5间系统的机械能是否守恒，就是验证Ep=Ek，即。（2）打点的同时纸带开

22、始下落，则1、2两点间的距离接近2mm，如果1、2两点间的距离为5mm，说明纸带有初速度，这是由于先释放纸带后解题电源造成的，故选D。（3）为了减小实验阻力，可换用阻力较小的电火花式的打点计时器，或选用质量较大的重物。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）10s （1）100m【解析】(1)54km/h=15m/s；90km/h=15m/s两车刹车过程中加速度分别是：a1=0.5m/s1，a1=1m/s1，若两车恰好不相碰，则乙追上甲时，两车速度相等v1a1t=v1a1t代入数据得：t=10s(1)乙追上甲前，

23、甲的位移：x1=v1ta1t1乙的位移：x1=v1ta1t1若想避免事故发生，开始刹车时两辆车的最小间距为：x=x1x1代入数据得：x=100m【点睛】（1）两车恰好不相撞的条件是速度相等时不相撞，由速度公式即可求出时间；（1）乙恰好不与甲相撞时，根据位移公式，结合位移关系即可求出最小间距14、 若,物块和木板速度相等后将不能一起运动,且,物块从木板左端滑下且F越大相对路程越小【解析】试题分析：（1）由题，若恒力F=0，则物块会从木板的右端滑下，分别对物块与木板进行受力分析，结合牛顿第二定律求出加速度，然后结合位移关系即可求出；（2）由图象可看出当F小于某一值时，m物体在板上的路程始终等于板长S，当F等于某一值时，刚好不从木板右端掉下，此后一起相对静止并加速运动，根据牛顿第二定律及运动学基本公式，抓住位移之间的关系列式，联立方程求出