2023学年广东深圳市红岭中学物理高二上期中监测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在国际单位制中关于力学的基本单位正确的一组是（ ）A克、分钟、千米 B千克、小时、米C千克

2、、秒、千米 D千克、秒、米2、带电微粒所带的电荷量不可能是下列值中的( )A6.41019CB2.41019CC1.61018CD4.01017C3、物理老师在课上做了一个“旋转的液体”实验，实验装置如图：装有导电液的玻璃器皿放在上端为S极的蹄形磁铁的磁场中，器皿中心的圆柱形电极与电源负极相连，内壁边缘的圆环形电极与电源正极相连接通电源后液体旋转起来，关于这个实验以下说法中正确的是（ ）A液体中电流由中心流向边缘；从上往下俯视，液体逆时针旋转B液体中电流由中心流向边缘；从上往下俯视，液体顺时针旋转C液体中电流由边缘流向中心；从上往下俯视，液体顺时针旋转D液体中电流由边缘流向中心：从上往下俯视，

3、液体逆时针旋转4、将一个物体以10 m/s的速度从5 m的高度水平抛出，落地时它的速度方向与水平地面的夹角为（不计空气阻力，取g=10 m/s2）（）A30B45C60D905、如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，虚线为中心线，A、B板间加上稳定的电压，有三个带电微粒a、b、c从靠近A板边缘处以相同水平的初速度射入板间，a从中心线上M点飞出板间区域，b从B板右侧边缘飞出，c落在B板间的中点N处，不计微粒的重力，则带电微粒a、b、c的比荷关系为ABCD6、如图所示，甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正

4、确的是（）A甲表是电流表，R增大时量程减小B甲表是电流表，R增大时量程增大C乙表是电压表，R增大时量程减小D上述说法都不对二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图电路中，电源电动势、内电阻、R1、R2为定值。闭合S后，将R的滑键向右移动，电压表的示数变化量的绝对值为U，电阻R2的电压变化量的绝对值为，电源电流变化量的绝对值为I，下列说法正确的是（）A通过R1的电流增大，增大量等于B通过R2的电流增大，增大量小于C与I的比值保持不变DU与I的比值保持不变8、如图所示，质

5、量为m的小球在竖直平面内的光滑圆环轨道上做圆周运动，圆环半径为R，小球经过圆环最高点时刚好不脱离圆环，则其通过最高点时()A小球对圆环的压力大小等于mgB小球受到的向心力等于0C小球的线速度大小等于D小球的向心加速度大小等于g9、空间某一静电场的电势在x轴上分布如图所示，A、B、C、D是x轴上的四点，电场强度在x方向上的分量大小分别是，则ABCA、D两点在x方向上的场强方向相反D同一负点电荷在A点时的电势能小于在B点时的电势能10、如右图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是A这个电场可能是单独某个负点电荷产生的电场B电势，场强C将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度D将+q电荷分别放

6、在A、B两点时具有的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图是多用表的刻度盘，当选用量程为50mA的电流档测量电流时，表针指于图示位置，则所测电流为_m；若选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，表针也指示在图示同一位置，则所测电阻的阻值为_如果要用此多用表测量一个约2.0104的电阻，为了使测量比较精确，应选的欧姆档是_（选填“10”、“100”或“1K”）换档结束后，实验操作上首先要进行的步骤是_12（12分）从以下器材中选取适当的器材，设计一个测量阻值约为15K的电阻Rx的电路，要求方法简捷，Rx两端的电压从零开始变化，

7、要尽可能提高测量的精度电流表A1：量程300A，内阻r1为300，电流表A2：量程100A，内阻r2=500，电压表V1：量程10V，内阻r3约为15K，电压表V2：量程3V，内阻r410K；电阻R0：阻值约为25，作保护电阻用，额定电流为1A，滑动变阻器R1，阻值约为50，额定电流为1A，滑动变阻器R2，阻值约为1000，额定电流为1A，电池组E：电动势4.5V，内阻很小但不可忽略，开关及导线若干（1）应选用的电流表、电压表、滑动变阻器分别是： 、 、 （填仪表代号）（2）在方框中画出实验电路图（3）用所测数据对应的物理量计算Rx，计算表达式为Rx= 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答

8、案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在一倾角为的光滑绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线MN为电场的上边界，场强大小EV/m，MN上方有一长为L0.5 m的轻质绝缘杆，杆的上下两端分别固定一个小球A、B(可看成质点)，质量均为m0.01 kg，A不带电，B带电荷量q2C，B到MN的距离d0.4 m现将A、B两球由静止释放(g取10 m/s2)，求：(1)小球B在匀强电场中，而A还未进入电场时，两小球的加速度大小；(2)从开始运动到A刚要进入匀强电场过程的时间14（16分）在平面直角坐标系xOy中，第象限存在沿y轴负方向的匀强电场，第象限

9、存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，磁感应强度为B一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y轴正半轴上的M点以一定的初速度垂直于y轴射入电场，经x轴上的N点与x轴正方向成=60角射入磁场，最后从y轴负半轴上的P点垂直于y轴射出磁场，已知ON=d，如图所示不计粒子重力，求：（1）粒子在磁场中运动的轨道半径R；（2）粒子在M点的初速度v0的大小；15（12分）如图所示，在平面直角坐标系xOy中的某区域（图中未画出）内，有磁感应强度大小为B、方向垂直于坐标平面向外的匀强磁场，坐标原点O为磁场边界上的一点一质量为m、电荷量为q的带正电粒子从坐标原点O沿y轴正方向以大小为v0的速度射入该匀强磁场，粒子经过磁

10、场区域后，最终从x轴上的P处穿过x轴，且其经过P点时的速度方向与x轴正方向的夹角=30粒子重力不计求：（1）P点到O点的距离L；（2）粒子从O点运动到P点所用的时间t参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：国际单位制中力学的基本单位的是千克、秒、米，克、分钟、小时、千米不是基本单位解：A、克、分钟、千米是常用单位，不是国际单位，故A错误B、千克、米是国际单位制中力学的基本单位，小时是常用单位，不是国际单位，故B错误C、千克、千米是常用单位，不是国际单位，故C错误D、在国际单位制中力学的基本单位分别为

11、千克、秒、米，故D正确故选：D【点评】国际单位制规定了七个基本物理量和七个基本单位，这都是需要学生自己记住的2、B【解析】最小的电荷量是，我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于不是的整数倍，故B是不可能的故选B3、D【解析】试题分析：由图可知液体中电流由边缘流向中心，蹄形磁铁的上端为S极，导电液处磁场方向竖直向下，由左手定则可知电流受到的安培力方向从上往下俯视逆时针，所以液体逆时针旋转故答案D正确考点：通电导线在磁场中的受力4、B【解析】物体做平抛运动，落地时竖直分速度设落地时它的速度方向与水平地面的夹角为。根据平行四边形定则知得 =45故选B。【

12、点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，运用分运动公式进行求解。5、A【解析】a、b两粒子的水平位移相等，初速度相等，则运动时间相等，在沿电场方向上，根据知，a、b两粒子的偏转位移之比为1:2，则比荷之比为1:2，即；b、c两粒子的水平位移之比为2:1，初速度相等,则运动时间之比为2:1，在沿电场方向上，根据知，偏转位移相等,则比荷之比为1:4，即，综上可知，故A正确，B、C、D错误；故选A【点睛】粒子在垂直电场方向上做匀速直线运动，沿电场方向上做匀加速直线运动，根据水平位移和竖直位移的关系，结合牛顿第二定律和运动学公式求出比荷的关系6、A【解析】AB、灵敏电流计G改

13、装成电流表需并联小电阻分流，根据图可知，甲表是电流表，并联的电阻越大，则分流越小，量程越小，故A正确，B错误；C、灵敏电流计G改装电压表需串联大电阻分压，根据图可知，乙表是电压表，R增大时，则分压越大，量程越大，故C错误；D、由上可知，故D错误；故选A。【点睛】改装电压表和电流表所应用的原理都是串联分压和并联分流二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解析】A将R的滑键向右移动，减小，电路中的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可知干路电流增大，通过电流增大，则分压增

14、大，根据可知路端电压减小，所以与构成的并联电路部分分压减小，所以通过的电流减小，根据欧姆定律可知减小量等于，A错误；B根据闭合电路欧姆定律可知滑键向右移动后，结合数学知识可知可知结合欧姆定律可知B正确；C根据B选项分析可知C正确；D对变形得则D正确。故选BCD。8、CD【解析】因为小球刚好在最高点不脱离圆环，则轨道对球的弹力为零，所以小球对圆环的压力为零故A错误根据牛顿第二定律得，知向心力不为零，线速度 ，向心加速度a=g故B错误，CD正确故选CD.9、BCD【解析】试题分析：在B点和C点附近分别取很小的一段d，由图象，B点段对应的电势差大于C点段对应的电势差，若看做匀强电场有：，可见EAEB

15、，EDEC，故A错误，B正确；根据图象可知，电势先减小后增大，则在最低点电场强度的方向改变，故C正确；沿电场方向电势降低，因此电场线方向从A到B，当负电荷从A到B时，电场力与运动方向相反，则电场力做负功，导致电势能增大，即在A点时的电势能小于在B点时的电势能，故D正确；故选BCD考点：电场场强与电势10、BD【解析】A、单独负电荷产生的电场是直线不是弯曲的电场线，故A错误B、沿电场线电势降低，所以，电场线疏密代表了电场强度的大小，所以，故B正确；C、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度 ，故C错误；D、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能，故D正确；综上所述本题答案

16、是：BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、【答题空1】30.730.9【答题空2】1600【答题空3】1k【答题空4】欧姆调零【解析】当选用量程为50mA的电流档时电流为30.9 m，当选用倍率为“100”的电阻档测电阻时，所测电阻的阻值为16100=1600，当指针指在中间刻度附近时测量比较准确，因此选倍率为1K的指针在中间刻度附件，欧姆表在换挡位之后要进行欧姆调零12、（1）A1 V2R1（2）如图所示（3）【解析】试题分析：由题意可知，电源电压为3V，而待测电阻约为15k，则可知电路中电流的最大值，本着安全准确的原则可以选电压表

17、及电流表；根据电阻阻值与电流表、电压表内阻的大小关系可以选出合理的接法，则可画出电路图；由接法可知RX两端的电压及电流，由欧姆定律可求得电阻值解：（1）因电源电压为3V，故电压表只能选取V2，而由欧姆定律可知，电路中的电流约为I=200A，故电流表应选A1；为了能多测量数据滑动变阻器应采用分压接法；选择小电阻R1；（2）滑动变阻器最大阻值为50，待测电阻阻值为15k，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，滑动变阻器应采用分压接法，电流表采用内接法，如图所示：（3）由题意可知，电压值为U2，而电流为A2中电流减去电压分流电流，则由欧姆定律可知：RX=r1，U2表示电压表V2的示数，I1表示电流A

18、1的示数r表示电流表的内阻；故答案为（1）A1，V2；R1（2）如上图；（3）r1点评：电学实验的考查重点在于考查：仪表的选择，接法的选择及数据分析和误差分析，知道在什么情况下选用外接法误差较小，什么情况下选用内接法误差较小四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)10m/s2(2) 0.6 s【解析】(1)以A、B球以及杆整体做研究对象，由牛顿第二定律：2mgsin30q2E 2ma解得：a10m/s2(2)B未进入电场前，设系统的加速度为a1，时间为t1，由牛顿第二定律有解得t10.4 sB球进入电场瞬间的速度为从B球进入电场至A球刚要进入电场，设这段时间为t2，由运动学公式解得t20.2 s从开始运动，至A球刚要进入电场的时间为tt1t20.6 s.14、（1）；（2）【解析】（1）作出粒子运动轨迹，由几何知识求出粒子轨道半径；（2）应用牛顿第二定律与类平抛运动规律求出粒子的速度；【详解】（1）粒子的运动轨迹如图所示：由几何知识得：Rsin=d，解得：R=d；（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB=m，解得：，在N点速度v与x轴正方向成=60角射出电场，将速度分解如图cos=，解得射出速度：v=2v0，v0=；【点睛】粒子在电场中运动