2023学年广东省岭南师院附中东方实验学校高二物理第一学期期中考试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电流，下列说法中正确的是( )A电流的方向就是电荷移动的方向B单位时间内通过导体横截面的电荷量越多，电流越大C电流都是由电子的定向移动形成的D因为电流有方向，所以是矢量2、如图所示，带箭头的实线表示电场线，、两点的电场强度分别为

2、、，电势分别为、 下列判断中正确的是A，B，C，D，3、下列关于电阻率的叙述，正确的是A各种材料的电阻率不管在什么条件下都不可能为零B常用的导线是用电阻率较小的铝、铜材料做成的C各种材料的电阻率取决于导体的电阻、横截面积和长度D各种材料的电阻率一定都随温度的升高而增大4、某物体沿固定斜面运动，当重力对它做正功时，下列说法正确的是（ ）A物体的重力势能一定增加，动能一定减少B物体的重力势能一定减少，动能可能不变C物体的重力势能可能增加，机械能一定不变D物体的重力势能一定减少，机械能一定不变5、R1和R2是材料相同、厚度相同、上下表面都为正方形的导体，但R1的尺寸比R2大得多，把它们分别连接在如图

3、所示的电路的A、B两端，接R1时电压表的读数为U1，接R2时电压表的读数为U2，则下列判断正确的是（ ）AU1U2BR1R2CR1=R2DU1U26、质量为m的物块，带正电Q，开始时让它静止在倾角的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平方向、大小为的匀强电场，如图所示，斜面高为H，释放物体后，物块落地的速度大小为ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，开关闭合后，灯泡L能正常发光当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是()A滑动变阻器R的

4、阻值变小B灯光L变暗C电容器C的电荷量增大D电源消耗的功率增大8、电荷量为q的点电荷在电场中由A点移到B点时，电场力做功W，两点间的电势差为U，若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则（）A电场力做功为WB电场力做功为2WC两点间的电势差为UD两点间的电势差为2U9、三个电子在同一地点沿同一直线垂直飞入偏转电场，如图则由此可判断（）Ab和c同时飞离电场B在b飞离电场的瞬间，a刚好打在下极板上C进入电场时，a速度最大，c速度最小Dc的动能增量最小，a和b的动能增量一样大10、在力学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是A伽利略发现了行星运

5、动的规律B卡文迪许通过实验测出了引力常量C牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因D笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）一学习小组要用伏安法尽量准确地描绘一个标有“6V,15W”的小灯泡的I-U图线,现有下列器材供选用：A学生电源（直流9V）B开关一个、导线若干C电压表（23V,内阻约12K）D电压表（26V,内阻约12K）E电压表（215V,内阻约32K）F电流表（223A,内阻约23）G电流表（226A,内阻约24）H电流表（23A,内阻约26）I滑动变阻器（12,2A）J滑动变阻器（222,1

6、A）（1）实验中需要用到的仪器有：A、B、 （用字母序号表示）；（2）在下面方框内画出实验电路图：（3）对应实验电路图将实物连线补充完整；（4）闭合开关前，滑动变阻器滑片的位置应在 （选填“a”或“b”）端12（12分）现要测定一段粗细均匀、电阻约为60 的合金丝的电阻率，若已测得其长度，要尽量精确的测量其电阻值R，器材有：电池组(电动势3.0 V，内阻约为 1 )电流表(量程0100 mA，内阻约0.5 )电压表(量程03 V，内阻约3 k)滑动变阻器R1(010 ，允许最大电流2.0 A)；滑动变阻器R2(0500 ，允许最大电流0.5 A)；开关一个、导线若干(1)以上器材中，所用的滑动

7、变阻器应选_(填“R1”或“R2”)(2)用螺旋测微器测量合金丝直径时的刻度位置如图7甲所示，读数为_mm.(3)如图乙所示是测量合金丝电阻的电路，闭合开关之前，滑动变阻器的滑片应移到_(填“最左端”或“最右端”)(4)为了更准确地测出合金丝的阻值，在不更换实验器材的条件下，对实验应改进的是_(填选项前的字母)A电流表连接方式改为内接法B滑动变阻器连接方式改为限流式四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的匀强电场中，有A、B、C三点，AB=5cm，BC=12cm，其中AB沿电场方向，BC和电场方向成6

8、0角。一个电荷量为q=410-8C的正电荷从A移到B，电场力做功为W1=1.210-7J。求：(1)匀强电场的电场强度E的大小；(2)该电荷从B到C，电荷的电势能改变多少？14（16分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，C、D为电场中的两点(其中C点在金属板上)，且C、D间距L4cm，CD连线和场强方向成60角已知电子从D点移到C点电场力做功为3.21017J，电子电荷量为1.61019C，求：(1) C、D两板间的电势差；(2) 匀强电场的场强大小；15（12分）如图，虚线PQ、MN间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.010-11kg、电荷量为q=+1.010-5C，从a点

9、由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，经过b点垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线MN的某点c （图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方向成60角。已知PQ、MN间距为20cm，带电粒子的重力忽略不计。求：(1)粒子在b点时的速度；(2)水平匀强电场的场强E的大小；(3)bc两点间的电势差Ubc。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】AC、自由电荷包括正电荷和负电荷，正电荷定向移动方向规定为电流的方向，负电荷定向移动方向和电流的方向相反，故AC错误；B、根据可知，单位时间内通过导体截面的电量越多，导体

10、中的电流越大，B正确；D、矢量运算满足平行四边形定则，标量运算满足代数法则，而电流运算满足代数法则，故电流是标量故D错误；故选B。2、A【解析】由图示可知，A处的电场线疏，B处的电场线密，因此A点的电场强度小，B点的场强大，即EAEB；沿着电场线的方向，电势逐渐降低，结合图示可知，AB，故A正确，BCD错误3、B【解析】某些金属材料，当温度降低到绝对零度附近时，电阻率会突然减为零，叫做超导现象，故A错误；由于铝铜的电阻率较小，常用的导线用铝铜做成的，故B正确；电阻率是描述材料导电能力的物理量，材料的电阻率由材料本身性质决定，与材料长度和横截面积无关，受温度影响，故C错误；金属材料的电阻率随温度

11、的升高而升高，半导体的电阻率随温度的升高而降低，故D错误；故选B4、B【解析】当重力对物体做正功时，物体的重力势能一定减少动能的变化取决于外力对物体做的总功，则知动能可能不变，如物体匀速下降时动能不变，故A错误，B正确；若只有重力做功时，物体的机械能才不变，现在其他力对物体做功情况不清楚，所以不能确定机械能是否不变，故CD错误所以B正确，ACD错误5、C【解析】设正方形的边长为a，则导体的电阻，由两导体的与d相同，则两导体电阻相等，即R1=R2，故B错误，C正确；导体接入电路中，电压表示数U=IR=R，由于电源电动势E、内阻r、导体电阻R相同，则电压表示数U相同，即U1=U2，故AD错误；故选

12、C6、C【解析】对物体受力分析：竖直向下的重力mg，水平向左的电场力，此二力合力为2mg与水平方向成30，与斜面不接触（所以不受斜面对它的弹力）根据几何关系：斜面的长度为对物块在斜面上动能定理：推出v=二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A根据电路图可知，滑片右移，接入电路电阻长度变长，滑动变阻器R的阻值变大，A错误B根据闭合电路欧姆定律：，滑动变阻器R的阻值变大，回路电流变小，流经灯泡电流变小，灯泡变暗，B正确C电容两端电压即为路端电压，根据，电流变小，

13、所以路端电压变大，电容器两端电压变大，电容器C的电荷量增大，C正确D电源消耗的功率：，回路电流变小，电源消耗功率变小，D错误8、BC【解析】两点间的电势差与有无试探电荷无关，则若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则两点间的电势差为仍U，选项C正确，D错误；根据W=Uq可知，电场力做功为2W，选项B正确，A错误；故选BC.9、BD【解析】A项，由图可看出，c的水平方向速度较大，在未到达负极板之前就飞出了电场，而b到达负极板后才飞出，竖直位移大于c，b比c晚飞出电场，故A项错误B项，图中a、b都在负极板上，即二者的竖直方向位移相同，因此二者的运动时间相同，在b飞离电场的同时，a刚好打在

14、负极板上，故B项正确C项，进电场时，速度越大，运动曲线下落越平缓，故c的速度最大，a的速度最小，故C错误D项，动能增加量即为电场力做的功，电场力做的功与竖直方向的位移成正比，c的竖直位移最小，动能增加值最小，a和b竖直位移相同，动能增加相同，故D项正确综上所述本题答案是：BD10、BD【解析】试题分析：行星运动定律由开普勒、牛顿等人发现，选项A错误库仑测量出静电力常数，选项B错误伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，选项C错误笛卡尔对牛顿第一定律的建立做出了贡献，选项D正确考点：本题考查了物理学史三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（

15、1）D、F、I （2）外接法+分压式，如下图所示 （3）如下图所示 （4）a【解析】试题分析：（1）灯泡额定电压是6V，电压表选量程为6V的D；灯泡额定电流I=P/U=15/6=225A，则电流表选量程为23A的F；为方便实验操作，滑动变阻器应选择小电阻I（2）由于小灯泡的电阻值比较小，则电流表采用外接法，由表中实验数据可知，电压与电流从零开始变化，则滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示；（3）实物连线如图所示（4）为了安全和保护电表，开关闭合前将滑片置于接入电路的电阻值最大，故滑片在a端考点：考查描绘小电珠的伏安特性曲线【名师点睛】本题考查测量灯泡的伏安特性曲线的原理；要掌握实验器材的选

16、取原则、确定滑动变阻器与电流表的接法是正确作出实验电路图的关键12、R1 0.703 最右端 A 【解析】（1）为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；（2）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数；（3）滑动变阻器采用分压接法时，为保护电路闭合开关前滑片应置于分压电路分压为零的位置；（4）根据待测电阻与电表内阻间的关系确定电流表的接法【详解】（1）为测多组实验数据，滑动变阻器需要采用分压式接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选择R1；（2）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0.5 mm20.30.01 mm0.703mm（3）由图示电路可知，滑动变阻器采用分压接法，为保护电路，闭合开关前滑片应置于最右端；（4），因此电流表应采用内接法；滑动变阻器连接方式改为限流式对实验的误差无影响，故选A.【点睛】本题考查了实验器材选择、螺旋测微器示数、实验注意事项、电路故障分析、电流表接法，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数之和四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)60N/C；(2)减少1.4410-7J【解析】(1)根据W1=qEAB可知，该电场的电场强度大小为(2)该电荷从B到C，电场