2023学年北京市中央美术学院附属实验学校高二物理第一学期期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、弯道上高速行驶的赛车，突然后轮脱离赛车，关于脱离了的后轮的运动情况，以下说法中正确的是（ ）A仍然沿着汽车行驶的弯道运动B沿着与弯道垂直的方向飞出C沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道D上述情况都不可能2、如图所示，有两个相

2、邻的有界匀强磁场区域，磁感应强度的大小均为B，磁场方向相反，且与纸面垂直，两个磁场区域在x轴方向宽度均为a，在y轴方向足够宽现有一个菱形导线框abcd，ac长为2a，从图示位置开始向右匀速穿过磁场区域若以逆时针方向为电流的正方向，在线框中感应电流i与线框移动距离x的关系图象中正确的是（）ABCD3、如图所示，真空中O点处固定一点电荷Q，同时在O点通过绝缘细线悬挂一带电荷量为q质量为m的小球，开始时细线与小球处在水平位置且静止，释放后小球摆到最低点时，细线的拉力为4mg，则固定电荷Q在最低点B处产生的场强大小为（ ）ABCD4、在图示的电路中，电源的电动势是E，内电阻是r，当滑动变阻器R3的滑动

3、头向左移动时 A电阻R1的功率将加大B电阻R2的功率将减小C电源的功率将加大D电源的效率将增加5、如图为人造地球卫星轨道的示意图，则卫星（ ）A在a轨道运行的周期为24 hB在b轨道运行的速度始终不变C在c轨道运行的速度大小始终不变D在c轨道运行时受到的地球引力大小是变化的6、阻值相等的四个电阻R、电容器C及电池E(内阻可忽略)接成如图所示的电路保持S1闭合，开关S2断开且电流稳定时，C所带的电荷量为Q1；闭合开关S2，电流再次稳定后，C所带的电荷量为Q2.Q1与Q2的比值为()A53B21C12D13二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符

4、合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，E为电源，其内阻为r，L为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变)，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，V为理想电压表若将照射R3的光的强度减弱，则()A电压表的示数变小B小灯泡消耗的功率变大C通过R2的电流变大D电源两极间的电压变小8、一顾客乘电梯从二楼下到一楼的过程中（ ）A重力对她做正功 B重力对她做负功C支持力对她做正功 D支持力对她做负功9、两根通电长直导线平行放置，电流大小分别为I1和I2，电流的方向如图所示，在与导线垂直的平面上有a、b、c、d四点，其中a、

5、b在导线横截面连线的延长线上，c、d在导线横截面连线的垂直平分线上。导线中的电流在这四点产生磁场的磁感应强度可能为零的是Aa点Bb点Cc点Dd点10、真空中存在方向斜向上的匀强电场，一带电小球水平射入电场中，恰好沿水平方向运动，如图所示下列说法正确的是A小球可能带负电B小球所受的重力一定小于电场力C运动过程中小球的机械能可能先减小后增大D小球一定做匀加速运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某学习小组在所研究小灯泡（额定电压为3.5V）的伏安特性曲线，实验中除导线和开关外，还有以下器材可供选择：A电源E（电源电动势为6.0V）

6、B电压表V（量程为0-5V，内阻约为4k）C电流表A（量程为0-0.6A，内阻约为0.2）D滑动变阻器（最大阻值10，额定电流1A）E.滑动变阻器（最大阻值2k，额定电流100mA）（1）为了便于调节，减小读书误差和系统误差，请你选择合适的滑动变阻器_（填所选仪器前的字母序号）（2）根据正确设计的实验电路图，学习小组测得电压、电流，并求得对应电阻值，如下表：电压/V00.200.501.001.502.002.503.003.50电流/A00.0510.1050.1650.2050.2350.2600.2800.300根据表格中的数据，学习小组的同学在图中画出了小灯泡的伏安特性曲线。现要知道图

7、线上P点对应的电阻，有同学认为可以作曲线在P点的切线，而就等于该切线的斜率的倒数，这样做是否正确？答：_（选填“正确”或“不正确”）（3）小灯泡的U-I图线是曲线而不是过原点的直线，原因是：_12（12分）某同学想设计一个测量金属棒电阻率的实验方案，实验室提供的器材有：A电流表A1（内阻Rg=100，满偏电流Ig=3mA）B电流表A2（内阻约为0.4，量程为0.6A）C定值电阻R0=900D滑动变阻器R（5，2A）E干电池组（6V，0.05）F一个开关和导线若干G螺旋测微器，游标卡尺(1)如图，用螺旋测微器测金属棒直径为_mm；如图用游标卡尺测金属棒长为_cm。(2)用多用电表粗测金属棒的阻值

8、：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，他应该换用_挡（填“1”或“100”），换挡并进行一系列正确操作后，指针静止时如图所示，则金属棒阻值约为_。(3)请根据提供的器材，设计一个实验电路，要求尽可能精确测量金属棒的阻值，请在方框中画出电路图_。(4)若实验测得电流表A1示数为I1，电流表A2示数为I2，则金属棒电阻的符号表达式为Rx=_。（用I1，I2，R0，Rg表示）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）质量为m，带电量为-q的微粒（重力不计），经过匀强电场中的A点时速度为v，方向与电场线垂直，运动到B点

9、时速度大小为2v，如下图所示已知A、B两点间的距离为d求： (1).A、B两点的电势差；(2).电场强度的大小和方向14（16分）如图所示，正电荷q1固定于半径为R的半圆光滑轨道的圆心处，将另一带正电、电荷量为q2、质量为m的小球，从轨道的A处无初速度释放，求：（1）小球运动到B点时的速度大小；（2）小球在B点时对轨道的压力15（12分）如图所示，在板间距为d、足够大的平行板电容器中，存在竖直向下的匀强电场在平板的内表面贴有特殊薄膜，当带电粒子落在平板上时会显示落点痕迹。在距离上极板d/5处O点有一个静止的中性微粒，由于内部作用，某一时刻突然分裂成两个带电微粒1、 2，其中微粒1获得水平向左的

10、初速度。经过一段时间， 上极板薄膜上离虚线(虚线过O点垂直于极距离为d/5的位置出现落点痕迹A。同一时刻下极板薄膜上也出现落点痕迹B (图中未画出）不计重力和分裂后两微粒间的作用。求:(1)微粒1、微粒2的质量之比(2) A、B两点之间的距离L。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】后轮未脱离赛车时，具有向前的速度，脱离赛车后，由于惯性，后轮保持原来向前的速度继续前进，所以沿着脱离时轮子前进的方向做直线运动，离开弯道。故选C。2、C【解析】根据楞次定律，刚进入磁场时感应电流沿逆时针方向，为正方向，而将出磁场

11、时，感应电流同样也沿逆时针方向，为正方向，B错误：而在线框从第1个磁场区域进入第2个磁场区域的过程中导线框中的磁通量变化得越来越快，感应电动势大小逐渐增大，且当导线框刚好完全进入到磁场中时达到正向最大，当时由楞次定律和法拉第电磁感应定律可知线框中电流方向为顺时针方向，且为时电流的两倍，故C正确.3、A【解析】小球从A到B过程中，受重力、拉力和静电力，只有重力做功，运用动能可得：，解得：在最低点时，重力、拉力和静电力的合力提供向心力，假设静电力方向向下，据牛顿第二定律有：，解得：固定电荷Q在最低点B处产生的场强大小故A项正确，BCD三项错误4、C【解析】由电路图可知。R2、R3串联后与R1并联接

12、到电源上，当滑动变阻器R3的滑片P向左移动时，R3阻值变小，总电阻变小，总电流变大，根据P=EI可知，电源的功率增大，故C正确，电源内阻所占电压变大，并联部分电压减小，即R1两端的电压减小，根据P1=U2/R1，可知，电阻R1的功率将减小，故A正确；根据IU/R可知，通过R1的电流减小，而总电流增大，所以通过R2的电流增大，根据P=I2R可知，电阻R2的功率将增大，故B错误；电源的效率=I2RI2(r+R)=11+rR，电源内阻r不变，滑动变阻器阻值R减小，则电源效率减小，故D错误。故选C。【点睛】本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律即可正确解

13、题5、D【解析】同步卫星的运行周期为24小时，即相对地球静止，所以只能在赤道平面内，A错误；b轨道内的卫星做圆周运动，其速度方向时刻变化，所以其速度时刻变化着，B错误；c轨道为椭圆轨道，根据，可知在近地点速度大，在远地点速度小，根据，同一卫星在近地轨道受到的引力大，在远地轨道受到的引力小，C错误D正确6、A【解析】电池E的内阻可忽略不计，保持开关S1闭合、S2断开且电流稳定时，电容器的电压为：再闭合开关S2时，电容器的电压为：由Q=CU得：C相同，则有：Q1:Q2=U1:U2=5:3故A正确，BCD错误故选A.【名师点睛】结合电路的连接方式，利用闭合电路欧姆定律，分别求出两种情况下电容器的电压

14、，再由Q=CU可求得电量Q1与Q2的比值二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，路端电压是增大（即电源两

15、极间的电压增大），电路中总电流减小，故两端的电压减小，即电压表示数减小，因为，所以并联电路的电压增大，所以通过的电流增大，而，所以通过灯泡L的电流减小，所以灯泡消耗的电功率减小，故AC正确8、AD【解析】顾客乘电梯从二楼下到一楼的过程中，因重力方向向下，与位移的夹角小于900，则重力做正功，支持力的方向与位移夹角大于900，则支持力做负功；故选项BC错误，AD正确；故选AD.【点睛】此题关键是知道力做正功时，力的方向与位移夹角为锐角；力做负功时，力的方向与位移夹角为钝角；9、AB【解析】A根据安培定则可知两电流在a 点磁感应强度的方向相反，若 I1I2由于a离I1近，故在a点I1的磁感应强度的

16、大小可能等于I2的磁感应强度。则a点磁感应强度可能为1故A正确；B根据安培定则可知两电流在b点的磁感应强度的方向相反，若I1I2，由于I2离b点近，则B点点I1的磁感应强度的大小可能等于I2的磁感应强度，故b点磁感应强度可为1故B正确；CD根据安培定则可知两电流在 c 点的B的方向分别向右下方和左下方，故合成后c点的磁感应强度不为1；同理两电流在 d 点的B的方向分别向左下方和右下方，故合成后b点的磁感应强度不为1；故CD错误；故选AB。10、BD【解析】本题考查带电粒子在复合场中的直线运动【详解】由题意可知，小球在电场中受到竖直向下的重力和电场力，要使小球做直线运动，则必须满足一下两个条件之

17、一：合外力为0；合外力的方向与速度的方向共线。A电场力的方向与重力的方向不共线，所以不可能满足二力平衡合外力为0，则应该满足的是条件，即合外力一定沿水平方向，则电场力一定沿电场线方向，可知该小球带正电；故A选项正确；B因受到电场力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如图由平行四边形定则可知，电场力大小一定大于小球的重力，故B选项正确；C在整个过程中电场力始终与运动方向间的夹角为锐角，即机械能逐渐的增大，故C选项错误；D小球的合外力与速度的方向共线，且所受重力和电场力均保持不变即合外力不变，则小球应做匀加速直线运动，故D选项正确。综上所述，本题正确答案选BD。三、实验题：本题共2小题，共18分。

18、把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 不正确 灯泡电阻随温度升高而增大 【解析】（1）1从表格数据可知电压电流表示数从0开始，电压表采用分压接法，故滑动变阻器采用小电阻R1；故选D；（2）2 由欧姆定律可知小灯泡的电阻为小灯泡两端的电压除以此时流过的电流，而伏安特性曲线的切线本质上则是两点的电流差值除以两点的电压差值，因此不正确（3）3灯泡电阻受温度影响，灯泡电阻随温度升高而增大，灯泡电阻不是定值，因此U-I图象是一条曲线而不是直线。12、6.123 10.230 1 10.0 【解析】(1)1金属丝的直径为d=6mm+12.30.01mm=6.123mm2长度为(2)3用多用电表粗测金属棒的阻值：当用“10”挡时发现指针偏转角度过大，即偏向0刻度线，所以示数偏小，要增大示数则要倍率减小换成“1”的倍率，4电阻为R=10.01=10.0(3)5由于题目中没有给出电压表，显然是用电流表A1与R0串联后组成电压表，为多测几组数据滑动变阻器