2023学年安徽省宣城市第十三中学物理高二上期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，将A、B两质点以相同的水平速度v抛出，A在竖直平面内运动，落地点在P1；B在光滑的斜面上运动，落地点在P2，不计空气阻力，则下列说法中正确的是( )AA、B的运动时间相同BA、B沿x轴方向的位移相同CA、B的运动时间相同，但沿x

2、轴方向的位移不同DA、B的运动时间不同，且沿x轴方向的位移不同2、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1和R 3均为定值电阻，且R 3=r，R 2为滑动变阻器。当R 2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R 2的滑动触点向b端移动一小段距离，电路稳定之后，下列说法正确的是AI1减小，I2不变，U减小B电容器C的带电量减小C电源的输出功率变大D电源的效率变大3、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们是一个四边形的四个顶点，ab/cd，abbc，2ab=cd=bc=2l，电场线与四边形所在平面平行.已知a点电势为24V，

3、b点电势为28V，d点电势为12V.一个质子(不计重力)经过b点的速度大小为v0，方向与bc成450，一段时间后经过c点，则下列说法正确的是 ( )Ac点电势为4VB场强的方向由a指向cC质子从b运动到c所用的时间为2Lv0D质子从b运动到d电场力做功为-16eV4、在以下措施中，属于静电防范的是（ ）A保持空气干燥 B静电喷涂 C使用避雷针 D静电除尘5、如图所示，两个不带电的导体A和B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触把一带正电荷的物体C置于A附近，贴在A、B下部的金属箔都张开A此时A带正电，B带负电B此时A、B带负电C移去C，贴在A、B下部的金属箔都闭合D先把A和B分开，然后移去C，贴在A

4、、B下部的金属箔都闭合6、一物体做匀速圆周运动，则下列物理量保持不变的是（ ）A线速度B向心加速度C合力D角速度二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A、B、C为三块水平放置的金属板，与电路连接如图所示，三块板正中央各有一小孔，A板接地，电源内阻为r，三个定值电阻,电路中电表均为理想电表，滑片P开始置于R2中点，现有一质量为m、电量为+q的液滴从A板小孔正上方距离为h的D点静止释放，恰好能到达C板，不计空气阻力和极板外电场，下列说法中正确的是A滑片P由R2中点往左移动，

5、则B板电势降低B滑片P由R2中点往左移动,则电流表A1的示数减小，A2的示数增大C滑片P由R2中点往左移动，仍将该液滴从D点由静止释放，则带电液滴不能到达C板D滑片P由R2中点往左移动，则不变，的值变小(U为电压表V示数，I2为电流表A2，为电流表A2示数的改变量)8、如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，、两点分别是圆周的最高点和最低点，则（ ）A小球经过点时，线中的张力最小B小球经过点时，电势能最小C小球经过点时，电势能最小D小球经过点时，机械能最小9、光滑水平地面上，A、B两物体质量都为m，A以速度v向右运动，B原来静止，左端有一

6、轻弹簧，如图所示，当A撞上轻弹簧，轻弹簧被压缩到最短时，下列说法正确的是( )AA、B系统总动量仍然为mvBA的动量变为零CB的动量达到最大值DA、B的速度相等10、如图 所示的电路，a、b、c 为三个相同的灯泡，其电阻大于电源内阻，当变阻器 R 的滑片 P 向上移动时，下列判断中正确的是Aa、b 两灯变亮，c 灯变暗Ba、c 两灯变亮， b 灯变暗C电源输出功率先增大后减小Db 灯中电流变化值大于 c 灯中电流变化值三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用螺旋测微器测量金属丝的直径，示数如图甲所示，读数为_。用游标为20分度的卡尺

7、测量小球的直径，示数如图乙所示，读数为_。12（12分）某同学在实验室找到了一个小灯泡(额定电压3.8 V，额定功率2 W)，该同学打算描绘该灯泡的伏安特性曲线，并测定其在额定电压下的实际功率，看看是否等于标称的额定功率。他在实验室还找到了如下的实验器材：A电压表(量程3 V，内阻约6 k)B电压表(量程6 V，内阻约30 k)C电流表(量程0.6 A，内阻约0.5 )D电流表(量程3 A，内阻约0.1 ) E滑动变阻器(阻值范围0 5 ，额定电流为2.0 A)F滑动变阻器(阻值范围0 100 ，额定电流为0.3 A)G蓄电池组(电动势E = 6 V，内阻很小)H开关、导线若干。（1）为了提高

8、实验的精度，电压表选_；电流表选_；滑动变阻器选_。 （填写器材前面的字母序号，如：A、B、C ）（2）该同学共设计了四个实验电路图A、B、C、D，如图甲所示。请你帮他选择最佳的实验电路设计方案_。（3）根据所选的实验电路，将器材连接成实物图后进行实验，通过实验得到如下数据(I和U分别表示电学元件上的电流和电压)。I/A00.100.200.310.380.440.47U/V00.501.001.502.002.503.00根据实验数据作出小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示。请根据图象求出该灯泡在额定电压下的实际功率为_W。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答

9、题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，BC是位于竖直平面内，半径的圆弧形光滑绝缘轨道，圆心角，其下端点C与足够长的水平绝缘轨道平滑连接，在C点右侧存在水平向左的匀强电场，电场强度今有一质量为、带电荷量的小物块（可视为质点）从A点以的初速度水平抛出，在B点沿切线进入圆弧轨道若已知物块与水平轨道间的动摩擦因数，物块在运动过程中电量不变，取，求：（1）A、B两点之间的高度差h；（2）带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小；（3）通过计算判断小物块能否从B点离开轨道；若不能，求出整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程S14（16分）如图所示，用某

10、一直流电动机来提升重物，重物的质量m=50kg当电压U1=12V时没有提起重物，即输出功率为0，这时电流为I1=3A当电动机的电压为U2=110V，重物被提起不计各种摩擦，当重物向上运动的速率恒定时，电路中的电流强度I2=5.0A，求： （1）该电动机的电阻 （2）重物被电动机匀速提升时的速率？（取g=10m/s2）15（12分）美国物理学家密立根通过油滴实验精确测量出电子的电荷量测量原理是：让一些体积非常微小的带电油滴进入电场中，当电场力恰好与油滴所受重力平衡时，油滴处于悬浮状态如图所示，匀强电场的电场强度大小为E，方向竖直向下，一滴质量为m的油滴恰好静止于电场中的P点，重力加速度为g问：(

11、1)油滴带何种电荷；(2)油滴所带电荷量q的大小参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A在竖直平面内做平抛运动，竖直方向是自由落体运动，B在斜面上运动，受到重力和支持力，沿斜面向下是匀加速运动，加速度是，所以B运动的时间长，A、B在水平方向都是匀速运动，由于水平方向的初速度相同，B运动时间长，所以B落地点在x轴上的投影要比长，故D正确，ABC错误2、C【解析】A.的滑动触点向端移动时，减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，根据欧姆定律可得电压增大，则、并联电压减小

12、，根据欧姆定律可得通过的电流减小，即示数减小，而总电流增大，则流过的电流增大，即示数增大，故A错误；B. 电容器两端的电压等于两端的电压，所以电容器两端的电压增大，根据可知电容器的带电量增大，故B错误；C. 由于，电源的内阻小于外阻，所以的滑动触点向端移动时，外阻减小，不电源的输出功率变大，故C正确；D.电源的效率为：则电源的效率减小，故D错误。3、C【解析】连接bd，bd连线的中点N电势与c点相等，是20V；作出等势线Nc就能判断场强方向； 质子从bc做类平抛运动，根据v0方向的分位移为2l，求出时间；【详解】A、三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线四等分，如图所示，已知a点电

13、势为24V，b点电势为28V，d点电势为12V，且abcd，abbc，2ab=cd=bc=2L，因此根据几何关系，可得M点的电势为24V，与a点电热势相等，从而连接aM，即为等势面；三角形bcd是等腰直角三角形，具有对称性，bd连线中点N的电势与c相等，为20V，故A错误；B、Nc为等势线，其垂线bd为场强方向，即场强方向为bd，故B错误；C、质子从bc做类平抛运动，沿初速度方向分位移为2l，此方向做匀速直线运动，则t=2lv0，则C正确；D、电势差Ubd=16V，则质子从b运动到d电场力做功为16eV，故D错误。4、C【解析】静电防范是用各种措施来防止静电对人，或财产造成损害；保持空气干燥，

14、容易产生静电，故选项A错误；静电喷涂是利用高压静电电场使带负电的涂料微粒沿着电场相反的方向定向运动，并将涂料微粒吸附在工件表面的一种喷涂方法。故B属于静电利用；下雨天，云层带电打雷，往往在屋顶安装避雷针，是导走静电，防止触电，故C属于静电防范；静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，D属于静电应用； 故选C。5、C【解析】带正电的物体C靠近A附近时，由于静电感应，A端带上负电，B端带上正电，故AB错误；移去C后，由于电荷间相互作用，重新中和，达电中性状态，两金属箔均闭合，故C正确；先把AB分开，则A带负电，B带正电，移去C后，电荷不能再进行中和，故两金属箔

15、仍然张开，故D错误6、D【解析】A匀速圆周运动速度大小不变，方向时刻变化，即速率不变，速度改变，故A错误；B匀速圆周运动的加速度为向心加速度，其大小不变，方向时刻改变，所以加速度改变，故B错误；C做匀速圆周运动的物体所受合力提供向心力，由公式可知，向心力大小不变，方向时刻改变，故合力变化，故C错误；D角速度，所以匀速圆周运动是角速度的大小和方向都不变的圆周运动，故D正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而

16、使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，则两端电压增大，即B板电势降低，故选项A正确；B、滑片P由R2中点往左移动时使并联部分电阻减小从而使整个电路电阻减小，根据闭合电路欧姆定律可得干路电流增大，即A2的示数增大，路端电压减小，由于、电压增大，则并联部分电压降低，根据并联电路特点可以知道电流表A1的示数增大，故选项B错误；C、滑片P由R2中点往左移动时，电路总电流增大，则两端电压增大，即电容器AB电压增大，液滴加速运动，路端电压减小，则电容器BC电压减小，液滴减速运动，液滴将穿过C板，故选项C错误；D、根据闭合电路欧姆定律可知：，则为定值，不变，根据欧姆定律

17、可知为本身并联之后与串联的总电阻，即减小，故选项D正确点睛：本题考查闭合电路欧姆定律的动态分析问题，注意电容器两端电压的问题8、CD【解析】A、当电场力大于重力,小球运动到a点时,速度最大,根据牛顿第二定律知,拉力最大.故A错误.B、小球从a点运动到b点的过程中,电场力做负功,电势能增加.所以小球过b点时,电势能最大.故B错误.C、从a到b, 电场力做负功，电势能增加,所以a点电势能最小.故C正确； D、从a到b,除重力以外,电场力做负功,机械能减小,所以b点机械能最小.故D正确；9、AD【解析】A、B组成的系统所受的外力之和为零，动量守恒，总动量为mv，则弹簧压缩最短时，A、B系统总动量仍然

18、为mv，故A正确弹簧压缩到最短时，A、B速度相等，则A的动量不为零故B错误，D正确A在压缩弹簧的过程中，B做加速运动，A做减速运动，弹簧压缩量最大时，速度相等，然后B继续加速，A继续减速所以弹簧压缩最短时，B的动量未达到最大值故C错误故选AD点睛：解决本题的关键知道动量守恒定律的条件，通过分析两个物体运动的物理过程，分析两物体的距离变化，知道速度相等时，弹簧压缩量最大10、AD【解析】当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律分析总电流的变化，即可知道a灯亮度的变化由欧姆定律分析并联部分电压的变化，判断c灯亮度的变化由通过c的电流与总电流的

19、变化，分析通过b灯电流的变化，判断其亮度的变化a、b、c三个灯泡的电阻都大于电源内阻，根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，分析电源的输出功率如何变化。【详解】A、B项：当变阻器的滑动触头P向上移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流I增大，a灯变亮。并联部分电压减小，c灯变暗。由总电流增大，而通过c灯的电流减小，可知通过b灯的电流增大，b灯变亮，故A正确，B错误；C项：A、B、C三个灯泡的电阻都大于电源内阻，根据推论：外电阻等于电源的内阻时，电源的输出功率最大，则知，当变阻器的滑动触头P向上移动时，外电路总电阻减小，电源输出的电功率增大，故C错误；D项：由于Ia=Ib+Ic，Ia增大，Ic减小，Ib增大，则知，流过b灯的电流变化值大于流过c灯的电流变化值，故D正确。故应选：AD。【点睛】本题是电路动态分析问题，按局部到整体，再局部分析电压、电流的变化利用推论分析电源输出功率的变化。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.6170.665【解析】1螺旋测微器测量