2023学年福建省大田县第一中学物理高二上期中考试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、质量均为1kg的甲、乙两质点沿x轴正方向做直线运动，t=0时刻同时经过坐标x=10m的点，在描述两质点运动的vt图象中，直线a、b分别描述了甲、乙两质点在020s内的运动情况，则下

2、列说法正确的是（）A乙质点所受的合力为0.5NB在10s20s内，两质点逐渐远离C在t=10s时，两质点相遇D两质点相遇点的坐标为x=100m2、某实验小组在一次研究电磁感应的试验中，先后以速度v和3v匀速把一单匝正方形线圈拉出如图所示的有界匀强磁场区域，在先后拉出磁场的过程中()A线圈中的感应电流之比B线圈中的感应电流之比C通过线圈某截面电荷量之比D通过线圈某截面电荷量之比3、下列关于电磁波说法不正确的是（ ）A电磁波是一种物质B电磁波具有能量C电磁波不可以在真空中传播D公式适用于电磁波4、下列说法正确的是A库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的球体B若点电荷q1的电荷量大于点电荷q

3、2的电荷量，则q1对q2的静电力大于q2对q1的静电力C由RU/I知，导体的电阻与导体两端的电压成正比，通过导体的电流成反比。D电源电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功。5、一个质量为m100g的小球从h0.8m高处自由下落，落到一个厚软垫上，若从小球接触软垫到小球陷至最低点经历了t0.2s，规定竖直向下的方向为正，则在这段时间内，软垫对小球的冲量是(g取10 m/s2)（）A0.6NSB-0.6NSC0.4NSD-0.4NS6、在如图所示的电路中，已知电阻R1的阻值小于滑动变阻器R的最大阻值闭合开关S，在滑动变阻器的滑片P由左端向右滑动的过程中，四个电表V1

4、、V2、A1、A2的示数及其变化量分别用U1、U2、I1、I2、U1、U2、I1、I2表示下列说法正确的是()AU1先变大后变小，I1不变BU1先变大后变小，I1一直变大C的绝对值先变大后变小， 的绝对值不变DU2先变小后变大，I2一直变小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质谱仪是用来分析同位素的装置，如图为质谱仪的示意图，其由竖直放置的速度选择器、偏转磁场构成。由三种不同粒子组成的粒子束以某速度沿竖直向下的方向射入速度选择器，该粒子束沿直线穿过底板上的小孔O进入偏

5、转磁场，最终三种粒子分别打在底板MN上的P1、P2、P3三点，已知底板MN上下两侧的匀强磁场方向均垂直纸面向外，且磁感应强度的大小分别为B1、B2，速度选择器中匀强电场的电场强度的大小为E不计粒子的重力以及它们之间的相互作用，则A速度选择器中的电场方向向右B三种粒子的速度大小均为EB2C如果三种粒子的电荷量相等，则打在P3点的粒子质量最大D如果三种粒子电荷量均为q，且P1、P3的间距为x，则打在P1、P3两点的粒子质量差为qB1B2x2E8、如下图所示的4个电路中，灯泡L1、L2额定电压都是110V，额定功率P160W，P240W.将它们接到220V的电路中，通过调节滑动变阻器，能使两个灯泡都

6、正常发光的是 ( )A BC D9、如图所示，直线MN与水平方向成60角，MN的右上方垂直纸面向外的匀强磁场，左下方存在垂直纸面向里的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小均为B。一粒子源位于MN上的a点，能水平向右发射不同速率、质量为m（重力不计）、电荷量为q（q0）的同种粒子，所有粒子均能通过MN上的b点，已知ab=，则粒子的速度可能是（）ABCD10、如图所示，虚线a、b、c代表电场中三条电场线，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点下列判断正确的是（）A质点在P点的加速度大于它在Q点的加速度B该静电场一定是孤立正电荷产生的C带电质点通过Q点时动能较

7、小D带电质点通过Q点时电势能较小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）课堂上，小王老师做了如图所示的实验，给直导线（铝棒）通电，观察到直导线运动起来。这个实验现象说明_（选填“磁场可以产生电流”“电流产生磁场”或“磁场对电流有力的作用”），利用这种现象制成的是_（选填“电动机”或“发电机”）。 若只改变直导线中的电流方向而其它条件不变，则直导线所受安培力方向与原来的安培力方向_（填“相同”或“相反”）。12（12分）某同学将铜片和锌片插入水果中制成一个“水果电池”，该同学利用下列所给器材测量该“水果电池”的电动势E和内阻r电流表A1

8、(量程0.6A，内阻约1 )电流表A2(量程20 mA，内阻约50 )电压表V1(量程4V，内阻约4 k)电压表V2(量程15V，内阻15 k)滑动变阻器R1(010)滑动变阻器R2(01000)待测“水果电池”(电动势E约为4 V，内阻r约为200 ) 开关S，导线若干（1）为尽量减小实验的误差，实验中电流表选择_；电压表选择_；滑动变阻器选_；（填写字母代号）（2）请在虚线方框中画出实验电路图 _ ；（3）该同学实验中记录的6组对应的数据如下表，试根据表中数据在图中描点画出UI图线 _ ；由图线可得，“水果电池”的电动势E_V，内电阻r_（计算结果保留3位有效数字）(4)实验测得的“水果电

9、池”的电动势和内阻与真实值相比，E测_E真，r测_r真(选填“大于”、“小于”或“等于”) 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，矩形导线框ABCD用细线悬挂，水平边AB长L=0.1m，线框的下部分处在有界的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，方向垂直线框平面向里线框中通过的电流大小为I=5A、方向如图所示，此时细线对线框的拉力恰好为零取重力加速度g=10ms1求：AB边所受安培力F的大小和方向；线框的质量m14（16分）如图所示，半径为R的圆形区域内存在着磁感应强度为B的匀强磁场，方向垂直于纸面向里，

10、一带负电的粒子(不计重力)沿水平方向以速度v正对圆心入射，通过磁场区域后速度方向偏转了60,求：（1）求粒子的比荷；（2）粒子在磁场中的运动时间t；（3）如果保持速度的大小和方向不变，欲使粒子通过磁场区域后速度方向的偏转角度最大，则需将粒子的入射点沿圆弧向上平移的距离d为多少？15（12分）一纯电阻闭合电路,电源电动势为4.5V，内阻为0.5，外电路的电阻为4.0，则：（1）路端电压是多大？（2）如果在外电路上并联一个6.0的电阻，路端电压是多大？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A项：根据vt图象表示

11、加速度可知：，由，故A正确；B项：在1020秒内，乙车在甲的前方，乙的速度小于甲的速度，则两车逐渐靠近，故B错误；C项：根据图象的“面积”等于物体的位移大小，可以看出，在t=10秒时乙车的位移大于甲车的位移，t=0时刻又在同一位置出发，所以在t=10秒时两车没有相遇，故C错误；D项：两质点相遇点即经过的位移相等，设经历的时间为t，则，解得，所以位移为，由于t-0时两质点位于坐标x=10m处，所以相遇时位于x=110m处，故D错误。点晴：解决本题关键理解vt图象斜率表示加速度，与时间轴所围面积表示位移。2、B【解析】AB先后以速度v和2v匀速把一单匝正方形线圈拉出有界匀强磁场区域，根据E=BLv

12、，知感应电动势之比2：2，感应电流，则感应电流之比为2：2故A错误，B正确。CD根据，知通过某截面的电荷量之比为2：2故CD错误。3、C【解析】机械波传播需要介质，但电磁波可以在真空中传播，不需要介质，C错误4、D【解析】库仑定律适用于点电荷，当电荷的大小与所研究的问题相比可忽略不计时才可以把电荷看做点电荷，则体积很小的球体不一定能看做点电荷，选项A错误；两点荷之间的库仑力是相互的，与电量是否相等无关，选项B错误；导体的电阻是由导体本身决定的，与导体两端的电压以及通过导体的电流无关，选项C错误。电源电动势在数值上等于非静电力把1C正电荷在电源内从负极移送到正极所做的功，选项D正确；故选D。5、

13、B【解析】由机械能守恒可得，小球接触软垫时的速度为：则在这段时间内，软垫对小球的冲量为：解得：A. 0.6NS与计算结果不符，故A错误B. -0.6NS与计算结果相符，故B正确C. 0.4NS与计算结果不符，故C错误D. -0.4NS与计算结果不符，故D错误6、B【解析】滑片P由滑动变阻器的左端向右端滑动的过程中，电阻R的左半部分与R1串联然后与R的右半部分并联，并联电阻先变大后变小，所以电路总电阻R先变大后变小，电源电动势E不变，电路电流先变小后变大，电阻R2不变，电压表V2的示数U2=IR2，先变小后变大，电流I先变小后变大，即电流表A2的示数先变小后变大，根据闭合回路欧姆定律得U1=E-

14、Ir，所以U1先变大，后变小；电流I先变小后变大，电阻R2与r不变，所以电压U2r=I（R2+r）先变小后变大，并联电压U并=U-U2r，先变大后变小，电阻R1所在支路电阻R1支路逐渐减小，所以电流I1增大，而I2=I-I1，所以电流表A1示数变大，故AD错误，B正确；由于，所以有，即的绝对值不变，由于U2=IR2，所以有，即的绝对值不变，故C错误；故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】三个粒子在磁场中的偏转方向相同，则电性相同，根据左手定则，知电

15、荷带正电则粒子下B1磁场中受洛伦兹力向左，则电场力向右，场强向右，故A正确粒子在两板中做匀速直线运动，有：qvB1=Eq，则粒子的速度v=EB1，选项B错误；根据qvB=mv2r 可得m=qB2rv；则如果三种粒子的电荷量相等，则运转半径越大，则质量越大，即打在P3点的粒子质量最大，选项C正确；因为2r3-2r1=x，粒子的速度v=EB1，则两粒子的质量之差mqB1B2x2E故D正确故选ACD点睛：解决本题的关键知道粒子在电容器中做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动掌握粒子在磁场中做圆周运动的半径公式8、BD【解析】已知灯泡L1、L2额定电压都是110V，额定功率P1=60W，P2=40W，

16、根据功率公式P=U2/R得知，灯泡L1的电阻小于L2的电阻。A图中将此电路接在220V的电路中，灯泡L2被烧毁，通过调节滑动变阻器，灯泡能L1正常发光，故A错误。B图中由于灯泡L1的电阻小于L2的电阻，则L2与变阻器并联的电阻可以与L1的电阻相等，通过调节滑动变阻器，能使两灯的电压等于110V，都能正常发光。故B正确。C图中由于灯泡L1的电阻小于L2的电阻，L1与变阻器并联后的电阻一定小于L2的电阻，则L2的电压大于110V，会被烧毁。故C错误。D图中两灯并联，通过调节滑动变阻器，使变阻器的电阻等于两灯并联的电阻，则两灯都为110V，都能正常发光。故D正确。故选BD。【点睛】并联电路总电阻比每

17、一个支路电阻都小，当用电器的电压等于额定电压时才能正常工作考查电路的基本分析能力9、AC【解析】粒子可能在两个磁场间做多次的运动，画出可能的粒子轨迹如图所示，所有圆弧的圆心角均为120，根据几何关系可得粒子运动的半径为： (n=1，2，3，)根据洛伦兹力提供向心力可得：联立可得： (n=1，2，3，)则粒子的速度可能是：或者或者。A.。与上述结论相符，故A正确；B.。与上述结论不符，故B错误；C. 。与上述结论相符，故C正确；D.。与上述结论不符，故D错误。故选：AC。10、AC【解析】电场线越密，电场强度越大，由牛顿第二定律分析加速度的大小；根据电场线的分布特点分析场源电荷的电性；由于质点只

18、受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力的方向，通过电场力做功情况判断电势能和动能的变化情况；【详解】A、根据电场线的疏密表示电场强度的大小，则知P点的场强比Q点的场强大，粒子在P点所受的电场力比在Q点时的大，所以由牛顿第二定律知，质点在P点的加速度大于它在Q点的加速度，故A正确；B、由于电场线的方向不能确定，可知，该静电场可能是孤立正电荷产生的，也可能是孤立负电荷产生的，故B错误；C、由图可知，带电质点所受的电场力方向沿电场线向右，若带电质点从P点运动到Q，电场力做负功，则带电质点的电势能增大，动能减小，故带电质点通过Q点时动能较小，电势能较大，故C正确，D错误。【点睛】解决这类电场轨迹问题的思

19、路是：根据轨迹弯曲方向判断出电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、磁场对电流有力的作用 电动机 相反 【解析】1 给直导线（铝棒）通电，观察到直导线运动起来说明磁场对电流有力的作用。2 电动机就是利用这一原理制造的。3 只改变直导线中的电流方向而其它条件不变，则直导线所受安培力方向与原来的安培力方向相反，这样操作是为了研究导体所受力的方向与电流方向的关系。12、 ； ； ； 3.80(3.79-3.81); 187(185-190); 小于； 小于； 【解析】（1）在实验中应该保证正常工作时，电表的读数大于满偏的 ，所以电压表选V1，回路中的短路电流大约 ，所以电流表选A2，由于待测电阻大约 ，要使滑动变阻器能很好的控制电路，则应该用R2（2）实验电路图如图所示：（3）描点连线如图：由闭合电路欧姆定律知：， 所以图像的纵坐标表示电源电动势，即E=，图像的斜率表示电源的内阻 （4）从电路图可以看出，当外电路断路时，电压表测量的是电压表的电压，小于电源电动势，所以E测量值小于真实值，电路所测的内阻实际上是电压表和电源内阻的并联电阻，所以导致电源内阻测量值小于