2023学年安徽黄山市高二物理第一学期期中检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、对电流磁效应的对称性思考或逆向思维，人们提出的问题是（ ）A摩擦产生热 B电流产生磁C电动机 D磁体产生电流2、如图所示，正点电荷放在O点，图中画出它产生的电场的六条对称分布的电场线。以水平电场线上的点为圆心画一个圆，与电场线分别相

2、交于a、b、c、d、e，下列说法正确的是（）Ac、d两点的电场强度相同Ba点电势低于b点电势C电子沿圆周由d运动到b，电场力做正功，电势能减少Db、c两点间电势差高于e、d两点间电势差3、火星的质量和半径分别约为地球的 和 ，地球表面的重力加速度为g，则火星表面的重力加速度约为()A0.2gB0.4gC2.5gD5g4、在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是A I1增大，I2不变，U增大B I1减小，

3、I2增大，U减小C I1增大，I2减小，U增大D I1减小，I2不变，U减小5、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）AR1：R2=3：1BR1：R2=1：3C将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：36、一根粗细均匀的导线，两端加上电压U时，通过导线的电流为I，导线中自由电子定向移动的平均速率为v. 若将导线均匀拉长，使它的横截面的半径变为原来的12，再给它两端加上电压U，则（ ）A通过导线的电流为I4B通过导线的电流为I16C导线中自由电子定向移动的速率为v8D导线

4、中自由电子定向移动的速率为v2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,闭合开关S并调节滑动变阻器滑片P的位置,使A、B、C三灯亮度相同若继续将P向下移动,则三灯亮度变化情况为AA灯变亮BB灯变亮CA灯最亮DC灯最亮8、对于电源电动势的理解，正确的是（）A电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极搬运到正极克服电场力所做的功B电动势就是电压，大小等于电源没有接入电路时正负极间的电压C电源内部，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端D电源的电动势越大，则表征电源

5、把其他形式的能量转化成电能的本领越大9、远距离输电时，当输送的功率相同时，输送导线上的电阻损失的功率应是：A与输送的电压的平方成正比B与输送的电流的平方成正比C与输送的电压的平方成反比D与输电导线上的电压降的平方成正比10、如图所示,一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上,杆与水平面的夹角为,杆的下方O点处固定一个带正电的点电荷,OA=OB现使小环以初速度v0从A点沿杆上滑,到达B点时其速度恰好为零,小环滑回A点时速度为v。下列说法中正确的是A小环上滑过程中先做匀加速再做匀减速运动B小环上滑时间小于下滑时间C小环下滑过程,减少的重力势能等于摩擦产生的内能D从A点出发到再回到A点的过程,小环

6、克服摩擦力做的功等于小环损失的动能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）小明同学设计了如图1所示的 电路测电源电动势E及电阻R1和R2的阻值实验器材有：待测电源E（不计内阻），待测电阻R1，待测电阻R2，电流表A（量程为0.6A，内阻较小），电阻箱R（099.99），单刀单掷开关S1， 单刀双掷开关S2， 导线若干（1）先测电阻R1的阻值闭合S1， 将S2切换到a，调节电阻箱R，读出其示数r1和对应的 电流表示数I，将S2切换到b，调节电阻箱R，使电流表示数仍为I，读出此时电阻箱的示数r2，则电阻R1的表达式为R1=_（2）小明同学

7、已经测得电阻R1=2.0，继续测电源电动势E和电阻R2的阻值他的做法是：闭合S1， 将S2切换到b，多次调节电阻箱，读出多组电阻箱示数R和对应的电流表示数I，由测得的数据，绘出了如图2所示的1/IR图线，则电源电动势E=_V，电阻R2=_（保留两位有效数字）（3）用此方法测得的电动势的测量值_真实值；R2的测量值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”）12（12分）有一个小电珠上标有“4V2W”的字样,现在要用伏安法描绘这个电珠的I-U图线。有下列器材供选用：A电压表(05V,内阻10k ) B电压表(010V,内阻20k )C电流表(00.3A,内阻1 ) D电流表(00.6A,内阻0.4

8、)E.滑动变阻器(10,1A) F.滑动变阻器(500500 ,0.2A)(1)实验中电压表应选用_,电流表应选用_。(用序号字母表示)(2)为使实验误差尽量减小,要求电压从零开始变化且多取几组数据,滑动变阻器应选用_。(用序号字母表示)(3)请在虚线框内画出满足实验要求的电路图,并把图中所示的实验器材用实线连接成相应的实物电路图。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在一倾角为的光滑绝缘斜面上方，有平行于斜面向上的匀强电场，虚线MN为电场的上边界，场强大小EV/m，MN上方有一长为L0.5 m的轻质绝缘杆，

9、杆的上下两端分别固定一个小球A、B(可看成质点)，质量均为m0.01 kg，A不带电，B带电荷量q2C，B到MN的距离d0.4 m现将A、B两球由静止释放(g取10 m/s2)，求：(1)小球B在匀强电场中，而A还未进入电场时，两小球的加速度大小；(2)从开始运动到A刚要进入匀强电场过程的时间14（16分）如图所示，ab、cd为两根相距0.2 m的平行金属导轨，水平放置在垂直纸面向里的匀强磁场中，质量为0.3 kg的通电导体棒MN静止于水平导轨上。当通以5 A的电流时，轻轻推动棒，棒沿导轨做匀速运动；当棒中电流增加到8 A时，棒能获得2 m/s2的加速度，则匀强磁场的磁感应强度的大小为多少？

10、15（12分）如图所示，abcd是一个正方形盒子cd边的中点有一个小孔e，盒子中有沿ad方向的匀强电场一个质量为m、带电量为q的粒子从a处的小孔沿ab方向以初速度v0射入盒内，并恰好从e处的小孔射出。(忽略粒子重力)求：(1)该带电粒子从e孔射出的速度大小；(2) 若正方形的边长为L，求该电场的场强大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】奥斯特发现了电流的磁效应，即电生磁现象，很多科学家开始进行研究，其中具有代表性的有安培、法拉第等，法拉第坚信电与磁是紧密联系的，通过对电流磁效应的逆向思维，认为磁一定能

11、生电，经十年的不懈努力，终于发现了电磁感应现象，故D正确故选D.2、B【解析】A由图看出，c、d两点电场强度的大小相等，但方向不同，而电场强度是矢量，所以c、d两点的电场强度不同，故A错误；B根据顺着电场线电势逐渐降低可知，离点电荷O越远，电势越低，故a点电势低于b点电势。故B正确。C沿圆周由d点运动到b点，电势先升高后降低，电子沿圆周由d到b，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增加，故C错误；D根据对称性可知，d、c的电势相等，同理b、e的电势相等。所以b、c 两点间电势差与e、d两点间电势差相等，故D错误。3、B【解析】试题分析：根据星球表面的万有引力等于重力列出等式表示出重力加速度通

12、过火星的质量和半径与地球的关系找出重力加速度的关系根据星球表面的万有引力等于重力知道得出：火星的质量和半径分别约为地球的和所以火星表面的重力加速度，故选B考点：万有引力定律及其应用点评：求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先根据物理规律用已知的物理量表示出来，再进行之比4、B【解析】R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，内电压增大，外电压减小，即电压表示数减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，即A1示数减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大，即A2示数增大故A、C、D错误，B正确5、B【解析】AB.由图可得：即R1：R2

13、=1：3故A错误，B正确；C.R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：1，故C错误；D.将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=R2：R1=3：1，故D错误。6、B【解析】横截面的半径变为原来的12，可知面积变为原来的14，由体积V=LS不变，可知长度变为原来的4倍由电阻定律的表达式：RLS，可得变化后的电阻值为：R4L14S16R由IUR可知，电流变为I16故A错误，B正确由电流的微观表达式：I=nqSv，可知vInqS ，vInqS=I16nq14S=14v，故C D错误故选B.点睛：本题关键要掌握好电阻定律，会分析长度变化导致的横截面积的变化其次要掌握电流的微观表达式

14、I=nqSv二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AC.将变阻器滑片P向下移动时,接入电路的电阻减小,外电路总电阻减小,根据全电路欧姆定律得知,总电流增大,则A灯变亮。故A正确C错误。BD.并联部分的电压E、r不变,增大,减小,B灯变暗。通过C灯的电流I增大,减小,则增大,C灯变亮。由于减小, 增大, 增大,所以C灯电流的增加量大于A灯的增加量,C灯最亮。故B错误D正确。8、AD【解析】根据电动势的定义U=Wq可知电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负

15、极搬运到正极克服电场力所做的功，电源的电动势越大，则表征电源把其他形式的能量转化成电能的本领越大，AD正确；电动势和电压不是同一个概念，电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势，B错误；电源内部，电流是从负极（低电势端）流向正极（高电势端），C错误9、BCD【解析】损失的功率 ,故BD正确;又 得： ,故C正确；综上所述本题答案是：BCD10、BD【解析】由题中“一个带负电的小金属环套在粗糙绝缘细杆AB上”可知，本题考查库仑定律、能量守恒定律，根据电场力做功情况、能量守恒和动能定理可分析本题。【详解】A小环上滑过程中所受的库仑力是变化的，合力是变化的，由牛顿第二定律知小环的加速度是变化的

16、，不可能做匀变速运动，故A错误；B由于OA=OB，A、B两点的电势相等，对于上滑过程，电场力做功为零，由动能定理得即下滑过程有由此可得所以上滑过程的平均速度大于下滑过程的平均速度，因此小环上滑时间小于下滑时间，故B正确；C小环下滑过程中，电场力做功为零，所以电势能变化量为零，则重力势能转化为内能和动能，所以消化下滑过程中，减少的重力势能大于摩擦产生的内能，故C错误；D从A点出发再回到A点的过程中，重力和电场力做功均为零，由动能定理可知，小环克服摩擦力做功等于小环损失的动能，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、r1- r2， 1

17、.5， 1.0， 等于， 大于 【解析】（1）1当R2接a时应有：E=I（R2+r1）；当S2接b时应有：E=I（R2+R1+r）；联立以上两式解得：R1=r1-r2；（2）23根据闭合电路欧姆定律应有：E=I（R2+R+R1）变形为：，根据函数斜率和截距的概念应有： =2.0解得：E=1.5V，R2=1.0；（3）45若考虑电源内阻，对（1）：接a时应有：E=I（R2+r1+r），接b时应有：E=I（R2+r2+r）联立可得R1=r1-r2即测量值与真实值相比不变；对（2）应有：E=I（R2+R+R1+r）变形为比较两次表达式的斜率和截距可知，电动势不变，R1变小，即测量值比真实值偏大【点睛

18、】本题考查测量电动势和内电阻的实验，本实验应明确：遇到根据图象求解的问题，首先应根据需要的物理规律列出公式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念求解即可12、A；D E 分压，外接 电路图和食物连接图如下图： 【解析】（1）根据灯泡额定电压选择电压表，根据额定电流选择电流表（2）为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器（3）根据实验目的与实验器材确定滑动变阻器与电流表的接法，然后作出电路图【详解】（1）灯泡额定电压为4V，电压表应选A，灯泡额定电流：I=PU=24A=0.5A，电流表选D（2）为方便实验操作，滑动变阻器应选E（3）为描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，灯泡正常发光时的电阻：R=UI=20.5=4，电压表内阻约为10k，电流表内阻约为0.4，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应选择外接法，实验电路图和实物连接图如图所示：故答案为：（1）A；D；（2）E；（3）电路图如图所示【点睛】本题考查了选择实验器材、设计实验电路，要掌握实验器材的选择方法，确定滑动变阻器与电流表的接法是正确设计电路图的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)1