2019年江苏省淮安市中考物理试题-答案

1、 /9江苏省淮安市2019年中考试卷物理答案解析第I卷一、选择题【答案】B【解析】音色反映了声音的品质和特色，不同发声体的材料、结构不同，发出声音的音色也就不同。我们很容易分辨出二胡和笛子的声音，这是因为它们发出声音的音色不同，故B正确，ACD错误。【考点】声音的特征。【答案】A【解析】A、小明坐在正在行驶的公共汽车上，选定小明旁边的座位为参照物，小明和旁边的座位之间的位置没有发生改变，以旁边的座位为参照物，小明是静止的；故A符合题意。BCD、坐在行驶的汽车中的小明，小明和路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车之间的位置都发生了变化，所以以路旁的树木、沿途的路灯、迎面驶来的公共汽车为参照物

2、时，小明是运动的；故BCD不符合题意。【考点】参照物的选择。【答案】D【解析】A、冰凌的消融，是固态的冰变成液态的水，是熔化现象，故A不符合题意；B、霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，故B不符合题意；C、冰冻的衣服晾干，是固态的冰吸热直接变成水蒸气，是升华现象，故C不符合题意；D、露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴，是液化现象，故D符合题意。【考点】物态变化辨析。【答案】B【解析】A、鞋底凹凸不平的花纹，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不合题嵐B、自行车的车轴处加润滑油，在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力，故3符合题意；C、汽车轮胎上装有防

3、滑链，在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故C不合题意。D、自行车刹车时捏紧刹车闸，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故D不合题意；【考点】增大和减小摩擦力的方法。【答案】C【解析】如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，转化为盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；四冲程汽油机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，也就是将内能转化为机械能。【考点】热机中能量的转化。【答案】A【解析】因轮船在江水中，处于漂浮状态，浮力等于重力，在码头卸下货物后，轮船重力变小，

4、则受到的浮力变小；由公式卩排=二知，排开水的体积减小，轮船要上浮一些，故A正确。排P液g【考点】漂浮条件。【答案】C【解析】A、导体棒处于静止状态时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故A错误；B、导体棒沿竖直方向上下运动时，没有做切割磁感线运动，不会产生感应电流，灵敏电流计的指针不发生偏转，故B错误；C、导体棒沿水平方向左右运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故C正确；D、导体棒向右上方运动时，做切割磁感线运动，会产生感应电流，灵敏电流计的指针发生偏转，故D错误。【考点】电磁感应现象。【答案】B【解析】A.由图（a）可知，当电

5、阻甲、乙两端电压为2.5V时，通过两者的电流均为0.5A，则由I=R的变形式R=U可知，电阻甲、乙的阻值相等，故A正确；B图（b）中，两电阻串联，由图（a）可知，U2V当电路中的电流I=0.2A、U甲=1V、U乙=2V时，电压U为3V，此时乙的电阻R=y=10Q，甲乙乙I0.2A故B错误；C.图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，当电压U乙=2V、I甲=0.4A、I乙=0.2A时，干路总电流为0.6A，故C正确；D.图（c）中，两电阻并联，由图（a）可知，在电压U从0增大到2.5V的过程中，通过甲、乙两电阻的电流之差先变大后变小，故D正确。【考点】欧姆定律的应用和串、并联电路的电阻。第II卷

6、二、填空题【答案】电磁能【解析】WiFi利用了电磁波技术进行信息传输；电磁波能在真空中传播。【考点】电磁波。【答案】改变物体运动状态惯性平衡力【解析】力可以改变物体的运动状态，所以运动员将静止的足球踢飞，运动状态发生变化；一切物体都具有惯性，落地后的足球由于惯性，要保持原来的运动状态，所以会在地面上滚动；当足球静止在水平地面上时，它受到重力和地面的支持力大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上，是一对平衡力。【考点】力与运动。【答案】可再生半导体【解析】太阳能从自然界源源不断得到，是可再生能源；LED灯是一种新型的高效节能光源，它的核心元件是发光二极管，二极管是由半导体材料制成的

7、。【考点】能源的分类和材料的应用。【答案】虚不变镜面【解析】因为平面镜成正立、等大的虚像，所以人们可以通过大厦的外部安装有平板玻璃幕墙看到自己的虚像；由于平面镜成的像与物大小相同，故人靠近幕墙时像的大小不变；高楼大厦的玻璃幕墙造成的光污染是由于光的镜面反射引起的。【考点】光的反射。【答案】（1）力臂（2）3（3）变大【解析】（1）实验前调节平衡螺母使杠杆在水平位置平衡，当杠杆在不挂钩码时处于水平平衡状态时，从支点到挂钩码处杠杆的长度即为力臂长度，目的之一是方便测量力臂；（2）设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，甲图中，杠杆的左端：4Gx3L=12GL，B处的力臂为4L,杠杆的右端：F2x

8、4L=12GL，解得F?=3G，即在B处挂3个同样的钩码；（3）弹簧测力计竖直向上拉杠杆时，拉力力臂为OC，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，拉力的力臂小于OC，拉力力臂变小，拉力变大，弹簧测力计示数变大。【考点】探究杠杆平衡条件的实验。【答案】质量被推动的距离大小【解析】在探究小球动能大小与速度的关系时，根据控制变量法的操作原则，应当保持小球的质量不变；本实验是通过木块B被撞击后前进的距离来反映小球动能大小的。【考点】动能影响因素的实验操作过程。15.【答案】2401580%【解析】工人做的有用功：W有用=Gh=80Nx3m=240J；拉力移动距离s=2h=2x3m=6m，工人做W300J的总功：

9、W=Fs=50Nx6m=300J，拉力的功率：P=总=15W；动滑轮的机械效率：总t20s耳有用x100%=40 x100%=80%W300J。总【考点】功、功率和机械效率的计算。16.【答案】4.500.90【解析】小车运动的距离：s=8.50cm-4.00cm=4.50cm；小车运动的时间t=5s，小车的运动速度_f=学m=0取呻。【考点】速度的计算。17.【答案】小将电压表接在定值电阻两端【解析】如图当有风吹过探头时，由于探头上表面凸，相同时间空气经过上表面的路程比下表面长，经过上表面的速度比下表面快，所以上表面的气压小于下表面的气压，探头将受到一向上的合力，滑片向上移动;故该装置利用了

10、流体流速越大，压强越小的原理。当风速增大时，探头上下表面空气流速差较大，上下表面气压差较大，受向上的合力较大，滑片上移，R2接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，由1=电可知，电路中的电流变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R2两端的电压变小，即电压表的示数变小，若使风吹过探头时，风速越大，电压表的示数越大，可将电压表接在定值电阻R1两端，由U=IR可知，R1两端的电压变大，电压表的示数变大。【考点】流体流速与压强的关系。18.【答案】200.5【解析】由电路图可知，定值电阻R与滑动变阻器串联，电压表测变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变附器滑片位于1位置时，变阻器

11、两端的电压U广4V,电路中的电流I广0.2A，由I=U11RU4V可得，此时滑动变阻器接入电路的阻值：R二亍1二02A二20；因串联电路中总电压等于各分电压之和,i所以，电源的电压：U二人+11R二4V+0.2AxR当滑片由1移至2位置时，变阻器两端的电压U2=3V，电路中的电流/2=0.3A，则电源的电压：U二U+1R二3V+0.3AxR22联立可得：R二10，滑片由1移至2位置的过程中，定值电阻R的电功率变化量：AP=P-P=I2R-12R=（0.3A）2x10（0.2A）2x10=0.5WRRR21【考点】欧姆定律的应用和电功率的计算。三、解答题甲乙丙丁【解析】（1）由光的反射定律的内容

12、，首先过入射点画出法线法线与界面垂直（虚线），根据反射角等于入射角画出反射光线，如图所示：（2）过茶杯的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，如图所示:（3）由电源方向可知电流由正极流向负极，则可知电流方向为由右端流入左端，由安培定则可得磁极方向是左侧为N极，如图:（4）图中只有一个动滑轮和一个定滑轮，要求最省力，则由3段绳子承担物重，是最省力的绕绳方法；绳答案】（1）零刻线处左（2）64（3）20（4）3.2x103【解析】（1）将天平放在水平工作台上，游码移到标尺左端的零刻线处。由图甲所示可知，指针偏向分度盘的右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡。（2）由图乙所示可知，小

13、石块的质量m=50g+10g+4g=64g。（3）由图丙所示可知，金属螺母的体积V=40mL-20mL=20mL=20cm3。（4）小石块的密度P=6g=3.2gcm3=3.2x103kgm3。V20cm3【考点】固体密度的测量。【答案】（1）4.5A（2）300Pa（3）3.36x105J（4）336sP1000W【解析】（1）由P=UI可得，电热水壶的额定电流：I=U=220V4.5A。（2）电热水壶对桌面的压力：F=G=mg=0.6kgx10Nkg=6N，电热水壶对桌面的压强：6N0.02m2=300Pa(3)水吸收的热量：Q=cmAt=4.2x103J/(kgC)x1kgX(100C-

14、20C)=336000J。(4)已知不考虑热量损失，所以消耗的电能吸W=Q=336000J，由P可得，需要的加热时间:=336s=W_336000J=P=1000W【考点】电功率、压强以及热量的计算。【答案】(1)B99保持不变A热传递提高水的初温或适当减少水量【解析】(1)由于要用酒精灯的外焰加热，所以需先根据酒精灯固定图甲的B的高度；目的是使用酒精灯的外焰加热；从图象可以看出水在沸腾过程中保持99C不变，所以沸点为99C。水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变。A中气泡在上升过程中体积逐渐变大，所以是沸腾时的现象；B图中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以A是沸腾前的现象。实验中，由于酒精灯火

15、焰的温度较高，所以热由酒精灯火焰传递给石棉网、烧杯底，然后传递给水，是通过热传递方式增加水的内能的；要缩短加热时间，可适当提高水的初温或适当减少水量。【考点】观察水的沸腾实验。【答案】(1)较暗(2)主光轴缩小照相机(4)能fu2f,将光屏远离凸透镜，可在光屏上成倒立放大的实像【解析】(1)为使实验现象更加明显，实验环境应该比较暗，这样成的蜡烛的像更加清晰；(2)探究凸透镜成像的实验时，必须调整烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一高度，且使烛焰和光屏的中心位于凸透镜的主光轴上，这样像才能成在光屏的中央。（3）如图所示，当蜡烛距离凸透镜40cm时，物距大于幼凸透镜成倒立缩小的实像，移动光屏，可在光

16、屏上找到一个清晰的倒立缩小的实像；照相机就是利用这一原理工作的。（4）将图中的凸透镜换成焦距为30cm的凸透镜，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，物距处于f和2f之间，凸透镜成倒立缩小的实像，像距大于f在光具座上移动光屏，能找到某一位置，使像清晰的呈现在光屏（3）小灯泡断路（4）2.2B（5）0.5【解析】（1）应用伏安法测灯泡电功率实验，灯泡与电流表应串联接入电路，电路图如图所示:（2）为保护电路，连接电路时应断开开关。（3）闭合开关，小灯泡始终不亮，可能是电路存在断路或灯泡发生短路，电流表无示数，说明电路存在断路,电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联的电路存在断路，即小灯泡断路。（4）由图示电压表可知，其量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.2V，电压表示数小于灯泡额定电压2.5V，为了测量灯泡额定功率，由图示电路图可知，应向B端移动滑片。（5）由图示图象可知,灯泡额定电压2.5V对应的电流为0.2A，灯泡额定功率：P=UI=2.5V0.2A=0.5W。【考点】测量小灯泡电功率的实验。25.【答案】（1）无关反比(2)3:2（3）优点：体积小，可以缩小电子元件的体积等；缺点：电阻大、产生的热量多，不利于散热。【解析】（1）从第1、2、3、4次实验可以看出，当导体的厚度h相同，边长不同时，电阻都