安徽省滁州市第二中学2023学年物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B是两个带异种电荷的小球，其质量分别为m1和m2，所带电荷量分别为q1和q2，A用绝缘细线L1悬挂于O点，A、B间用绝缘细线L2相连。整个装置处于水平方向的匀强电场中

2、，平衡时L1向左偏离竖直方向，L2向右偏离竖直方向，则可以判定Am1m2Bm1m2Cq1q2Dq1q22、如图为理想变压器的示意图，其原、副线圈的匝数比为4：1，电压表和电流表均为理想电表，Rt为阻值随温度升高而变小的热敏电阻，R1为定值电阻若发电机向原线圈输入如图所示的正弦交流电下列说法中正确的是（ ）A输入变压器原线圈的交流电压的表达式为 u=362sin50tVB变压器原、副线圈中的电流之比为4：lCt=0.0ls时，穿过发电机的线圈的磁通量为0DRt中温度升高时，变压器的输入功率变大3、一个笔帽竖立于放在水平桌面的纸条上，将纸条从笔帽下抽出时，如果缓慢拉动纸条笔帽必倒；若快速拉纸条，笔

3、帽可能不倒，以下说法中正确的是：（）A缓慢拉动纸条时，笔帽受到冲量小B缓慢拉动纸条时，纸对笔帽水平作用力大，笔帽必倒C快速拉动纸条时，笔帽受到冲量小D快速拉动纸条时，纸条对笔帽水平作用力小4、如图甲所示为示波管，如果在YY之间加如图乙所示的交变电压，同时在XX之间加如图丙所示的锯齿形电压，使X的电势比X高，则在荧光屏上会看到图形为（ ）ABCD5、下列说法正确的是（）A同一电场线上的各点，电势一定不相等B带电粒子沿电场线方向移动时，电势能一定增加C电源两端的电压一定等于电源电动势D欧姆定律适用于正常工作的电动机6、下列给出的几个物理量中，属于标量的是：（ ）A路程B位移C速度D加速度二、多项选

4、择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一个带正电的滑环套在水平且足够长的粗糙绝缘杆上，整个装置处在与杆垂直的水平方向的匀强磁场中，现使滑环获得向右的初速度，滑环在杆上的运动情况可能是： A始终作匀速运动B先作加速运动，后作匀速运动C先作减速运动，后作匀速运动D先作减速运动，最后静止在杆上8、现代科学研究中常用到高速电子，电子感应加速器就是利用感生电场加速电子的设备它的基本原理如图所示，上、下为电磁铁的两个磁极，磁极之间有一个环形真空室，电子在真空室做半径不变的圆周运动电

5、磁铁线圈中电流大小、方向可以变化，产生的感应电场使电子加速上图为侧视图，下图为真空室的俯视图，如果从上往下看，电子枪射出的电子沿逆时针方向运动则下列说法正确的是A保持如图电流方向不变，当电流增大时，电子速率将增大B保持如图电流方向不变，当电流减小时，电子速率将增大C若电子速率在增大，电子在做圆周运动的周期将变小D电子之所以能加速，是因为磁场力对电子做功的结果9、如图所示，在竖直平面内有一光滑圆形轨道，空间存在一竖直向上的匀强电场，一带正电的小球可在轨道内做圆周运动，且电量保持不变，则下列说法中正确的是（ ）A小球在最低点B的动能一定最大B小球在最高点A的电势能一定最小C小球在与圆心O点等高的C

6、点对轨道的压力可能为零D小球在最低点B的机械能一定最小10、如图所示，电路中AB为两块竖直放置的金属板，G是一只静电计，开关S合上后，静电计指针张开一个角度，下述哪些做法可以使指针张角增大（）A使AB两板靠近一些B使AB两板正对面积错开一些C断开S后，使B板向右平移拉开一些D断开S后，使AB正对面积错开一些三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定金属的电阻率”实验中：（1）用螺旋测微器测量金属丝的直径D，示数如图甲所示，D=_mm（2）某小组利用电流表（内阻约0.1）、电压表（内阻约3k）等器材，按要求从0开始测量，得到多组电

7、流、电压数据，求出金属丝的电阻Rx=50他们采用的是图乙中的_电路图，所测电阻Rx的真实值_（选填“大于”、“小于”、“等于”）5012（12分）某同学用如图所示可拆变压器做实验（两幅图分别是实物图和所连的电路图）。将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，小灯泡的亮度将_填“变亮”、“变暗”或“不变”。该同学利用该装置进一步探究电容器对交变电流的影响，他将开关打到2，小灯泡发光，现增大输入端的交流电源频率，小灯泡的亮度_填“变亮”、“变暗”或“不变”。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一个质量为m=100g

8、的小球从离厚垫h=0.8m高处自由下落，落到厚软垫上，若从小球接触到软垫到小球陷至最低点经历的时间t = 0.2s，（g=10m/s2），求：（1）小球接触到软垫前的一瞬间的动量；（2）小球从开始下落到陷至最低点的过程中，重力的冲量；（3）软垫对小球的平均冲力.14（16分）如图所示，M为一线圈电阻的电动机，电源电动势当S断开时，电流表的示数为，当开关S闭合时，电流表的示数为求：（1）电源内阻r；（2）开关S闭合时流过R的电流；（3）开关S闭合时电动机输出的机械功率15（12分）如图所示，电源电动势E12 V，电源内阻r1 ，电阻R13 ，R22 ，R36，电容器的电容C14 F，C21 F电

9、路中，先让S1闭合，S2断开，待电路稳定后，再合上S2，求该过程通过R3的电量参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】两球整体分析，如图所示，根据平衡条件可知，q1Eq2E，即q1q2，而两球的质量无法比较其大小。Am1m2，与结论不相符，选项A错误；Bm1m2，与结论不相符，选项B错误；Cq1q2，与结论相符，选项C正确；Dq1q2，与结论不相符，选项D错误；2、D【解析】由图乙可知交流电压最大值Um=362V，周期T=0.02s，可由周期求出角速度的值为=20.02=100，则可得交流电压u的表达式 U=

10、362sin100tV，故A错误；变压器原、副线圈中的电流之比其原、副线圈的匝数比成反比，为1：4，故B错误；t=0.01s时，瞬时值为零，发电机的线圈平面与磁场方向垂直，磁通量最大，故C错误。t处温度升高时，阻值减小，变压器输出功率变大，则输入功率也变大，故D正确；故选D。【点睛】根据图象准确找出已知量，是对学生认图的基本要求，准确掌握理想变压器的特点及电压、电流比与匝数比的关系，是解决本题的关键3、C【解析】抽动纸条时，笔帽受到的时滑动摩擦力，故不论快抽还是慢抽，笔帽受到的摩擦力均相等；故BD错误；在快速抽动时，纸条与笔帽作用时间短，则摩擦力产生的冲量要小，由I=P可知，笔帽增加的动量较小

11、，故笔帽几乎不动；缓慢拉动纸条时，笔帽受到的冲量较大，故产生了较大的动量，则笔帽随纸条移动，故A错误，C正确；故选C。4、C【解析】试题分析：因XX偏转电极接入的是锯齿形电压，即扫描电压，且周期与YY偏转电压上加的是待显示的信号电压相同，则以在荧光屏上得到的信号在一个周期内的稳定图象则显示如图所示：故选C考点：示波器；带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，要用运动的合成与分解的正交分解思想进行思考5、A【解析】A沿电场线方向，电势降低，所以同意电场线上各点，电势一定不相等，A正确；B带正电的粒子，沿电场线运动，电场力做正功，电势能降低，B错误；C由于电池有内阻，所以

12、电源两端的电压即路端电压不等于电源电动势，C错误；D电动机属于非纯电阻元件，不适用于欧姆定律，D错误。6、A【解析】A.路程是只有大小没有方向的物理量。是标量，故A项正确。B.位移是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B项错误；C.速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故C项错误；D.加速度是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故D项错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A、给滑环套一个初速度，将受到向上的洛伦兹力，若洛伦兹力等于物体的重力，滑环将做

13、匀速直线运动故A正确；B、滑环在水平方向上受到摩擦力，不可能加速运动故B错误；C、若重力小于洛伦兹力，滑环受到向下的弹力，则受到摩擦力，做减速运动，当洛伦兹力等于重力时，又做匀速运动，故C正确；D、若重力大于洛伦兹力，滑环受到向上的弹力，则受到摩擦力，将做减速运动，最后速度为零，故D正确故选ACD。8、AC【解析】AB. 当电磁铁中应通以方向如图甲所示，大小增强的电流，线圈中的磁场就增大了，根据楞次定律，感生电场产生的磁场要阻碍它增大所以感生电场俯视图为顺时针方向，所以电子在逆时针方向电场力作用下加速运动，在洛伦兹力约束下做圆周运动，故A正确B错误C. 在电子被加速过程中，由于电流增强，磁场变

14、大，导致运动的周期变小，故C正确D. 电子受到的感生电场力做加速运动的力，电场力做正功，洛伦兹力提供圆周运动的向心力，洛伦兹力不做功，故D错误9、BD【解析】A、带正电的小球受到向上的电场力和向下的重力，由于不知道电场力和重力的大小，所以不确定合力方向，那么从B到A的过程动能可能增大也可能减小，故A错；A、小球从B到A电场力做正功，所以电势能一定减小，故B对；C、由于小球能做圆周运动，所以小球在与圆心O点等高的C点时速度一定不为零，由于运动需要向心力，所以对轨道的压力不可能为零，故C错；D、从A到B电场力做负功，根据功能关系可知在B点机械能一定最小，故D对；故选BD10、CD【解析】试题分析：

15、闭合S，则两极板和电源相连，所以电压不变，即指针的角度不变，AB错误，断开S后，两极板的电荷量不变，根据公式C=S4kd可得使B板向右平移拉开一些后，电容减小，根据公式C=QU可得电势差增大，故指针角度变大，C正确，使A、B两板正对面积错开一些，电容减小，根据公式C=QU可得电势差增大，故指针角度变大，D正确，考点：本题考查了电容的动态分析点评：在做此类型的题目时，需要先根据公式C=S4kd判断电容的变化，然后再根据公式C=QU判断电压，电荷量的变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、2.706（2.7032.708） A 小于 【解析

16、】(1) 由图甲所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为2.5mm，可动刻度示数为20.60.01mm=0.206mm，螺旋测微器示数为2.5mm+0.206mm=2.706mm；(2)由题可知，按要求从0开始测量，所以滑动变阻器应用分压式，根据比值法可知，说明金属丝的电阻较大，所以电流表应用内接法，故应选用乙图中的A，由“大内偏大”可知，电阻的真实值小于测量值点晴：解决本题关键理解当测量电路中电压要从零开始变化，则应用滑动变阻器的分压式，掌握用比值法确定电流表的内外接法12、变亮 变亮 【解析】将单刀双掷开关打到1，增大副线圈匝数，根据原副线圈电压与其匝数成正比，当增大副线圈匝数，小灯泡的电压增大

17、，那么小灯泡的亮度将变亮；将开关打到2，小灯泡发光，根据容抗公式，现增大输入端的交流电源频率，则容抗减小，通过电容器的电流更大，灯泡会变亮；【点睛】解决本题的关键知道容抗对交流电的阻碍作用的大小与什么因素有关明确容抗的决定因素可以帮助定性分析四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)0.4Ns 向下 (2)0.6Ns 向下 (3)3N 向上【解析】(1)由机械能守恒可得，小球接触后软垫时的速度为：球与软垫碰撞前动量为：P1=mv=0.14Ns=0.4Ns方向竖直向下(2)落地前后动量的变化为：P=0-P1=0-0.4Ns=-0.4Ns落时过程中，小球重力的冲量为：I=mgt=0.1100.2Ns=0.2Ns方向竖直向下由动量定理可知：I+mgt=P，即为：I+0.2Ns=-0.4Ns解得：I=-0.6Ns （负号表示方向向上）(3)设小球刚落到软垫瞬间的速度为v，对小球自由下落的过程，由机械能守恒可得：解得：选取小球接触软垫的过程为研究过程，取向下为正方向。设软垫对小球的平均作用力为F，由动量定理有：，解得：14、（1）（2）1.5 A（3）87.5W【解析】(1)当S断开时，根据闭合电路欧姆定律得：得：(2)开关S闭合时，路端电压为：V流过