2023学年上海市嘉定二中物理高二第一学期期中联考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A、B两带电小球，电量分别为 q、9q，质量分别为 ml 、m2 ，如图所示，用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，静止时 A、B两球处于同一水平线上，其中O点到A球的间距OA= 2

2、L，AOB=90，OAB=60，C是AB连线上一点且在O点的正下方，带电小球均可视为点电荷，静电力常量为k，则下列说法正确的是（ ）AAB间的库仑力为F=9kq24LBA、B两球的质量之比为1：3CC点的电场强度为零D若仅互换A、B两球的带电量，则A、B两球位置将不再处于同一水平线上2、如图所示的电路中，电阻R=2断开S后，电压表的读数为3V；闭合S后，电压表的读数为2V，则电源的内阻r为A1B2C3D43、真空中有两个点电荷带同种电荷q1、q2，它们相距较近，保持静止状态，今释放q2，且q2只在q1的库仑力的作用下运动，则q2在运动过程中受到的库仑力（ ）A不断减小B不断增大C始终保持不变D

3、先增大后减小4、把木箱放在电梯的水平地板上，则地板所受压力最大的情况是（ ）A电梯以a=1.5m/s2的加速度匀加速上升B电梯以a=2.0m/s2的加速度匀减速上升C电梯以a=1.8m/s2的加速度匀减速下降D电梯以v=3m/s的速度匀速上升5、如图所示，A和B为竖直放置的平行金属板，在两极板间用绝缘线悬挂一带电小球开始时开关S闭合且滑动变阻器的滑动头P在a处，此时绝缘线向右偏离竖直方向（电源的内阻不能忽略）下列判断正确的是A小球带负电B当滑动头从a向b滑动时，细线的偏角变大C当滑动头从a向b滑动时，电流表中有电流，方向从上向下D当滑动头从a向b滑动时，电源的总功率一定变小.6、磁感应强度的单

4、位是特斯拉(T)，与它等价的是( )A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，三个质量相同，带电荷量分别为+q、q和0的小液滴a、b、c，从竖直放置的两板中间上方由静止释放，最后从两板间穿过，轨迹如图所示，则在穿过极板的过程中（）A电场力对液滴a、b做的功相同B三者动能的增量相同C液滴a电势能的增加量等于液滴b电势能的减少量D重力对三者做功的功率相同8、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场

5、线由M点运动到N点，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中电子在M点时的电势能为EpM，电子在N点时的电势能为EpN，则下列说法正确的是()A电子在N点时的动能大于在M点的动能B该电场有可能是匀强电场C该电子运动的加速度越来越小D电子运动的轨迹为曲线9、如图所示，在方向向左的匀强电场中，有一带正电的粒子，初速向右，关于粒子的受力情况和运动情况，正确的是：A粒子受到电场力向左；B粒子受到电场力向右；C粒子先向右做减速运动，后向左做加速运动；D粒子一直向右做加速运动10、三个质量相等，分别带正电、负电和不带电的粒子，从带电平行金属板左侧中央以相同的水平初速度先后垂直电场进入，并分别落在正极板

6、的A、B、C三处，O点是下极板的左端点，且，如图所示，则下列说法正确的是（）A三个粒子在电场中运动的时间之比B带正、负电荷的两个粒子的电荷量之比为C三个粒子在电场中运动的加速度之比D三个粒子在电场中运动时动能的变化量之比三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用游标卡尺测量遮光条的宽度d如图所示，则d=_mm；用螺旋测微器测量遮光条的厚h如图所示，则h=_mm。12（12分）某同学做“用单摆测定重力加速度”的实验时：（1）组装单摆时，应在下列器材中选用_较为合适A长度为1m左右的细线B长度为30cm左右的细线C直径为1.8cm左右的塑

7、料球D直径为1.8cm左右的铁球（2）如图甲所示小球直径读数为_cm；用秒表测量小球多次摆动的总时间，如图丙所示，对应时间为_s. （3）测量出多组周期T、摆长L数值后，画出T2L图象如图乙，此图线斜率的物理意义是_ Ag B1g C42g Dg42 四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一个半径R=m的圆形靶盘竖直放置，A、O两点等高且相距4m，将质量为10g的飞镖从A点沿AO方向抛出，经0.1s落在靶心正下方的B点处不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s1求：(1)飞镖从A点抛出时的速度大小；

8、(1)飞镖从A处抛出到落到B处的过程中减少的重力势能；(3)为了使飞镖能落在靶盘上，飞镖抛出的速度大小应满足什么条件？14（16分）如图两平行正对带等量异种电荷金属板距离d，之间的匀强电场电场强度E，电子质量m，由负电金属板表面A点静止释放，由正电金属板B孔飞出时速度v。求电子电荷量（不计电子受重力）。15（12分）将一个质量为m，带电量为+q的微粒自A点以大小为4v的初速度垂直射入水平向右的匀强电场（如图所示），微粒运动到最高点B时速度变为3v，求（1）匀强电场的场强大小E=?；（2）A,B两点间电势差UAB=?（3）微粒自A点至B点过程中速度的最小值？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，

9、每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】根据题意，由几何关系可知，lOA=2L，lAB=4L，lOB=23L由库仑定律可知AB间的库仑力为F=FAB=FBA=k9q2lAB2=k9q24L2，A选项错误；如图所示受力分析可知：FBAmAg=tan30，FABmBg=tan60两式相除，得：mAmB=tan60tan30=3:1，故B选项错误；由几何关系可知，lAC=lOAcos60=L，lBC=lAB-lAC=3L根据点电荷场强公式E=kQr2可知：A点电荷在C点的场强大小为E=kqL2，B点电荷在C点的场强大小为E=k9q3L2=kqL2，故E

10、和E大小相等，方向相反，合场强为零，C选择正确；交换电荷量以后，A、B两球各自受到的库仑力FAB和FBA大小均没有发生变化，上图所示的平衡依然成立，故A、B两球位置将依然处在同一水平线上，D错误。【点睛】（1）依据库仑定律，结合几何关系，可求解两球之间的库仑力；（2）两球都处于平衡态，列平衡方程，可找出两球质量之间的关系；（3）两球的平衡与两球之间的相互作用力大小有关，而与两球交换电荷量无关。2、A【解析】开关s断开时有：，开s闭合时有：，其中，解得：，故A正确3、A【解析】带电相同的小球受斥力作用，因此距离越来越远，由于电量保持不变，根据可知距离增大，电场力将逐渐减小，故BCD错误，A正确。

11、故选A。4、C【解析】解：A、加速上升，加速度向上，根据牛顿第二定律，有 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.5mB、减速上升，加速度向下，根据牛顿第二定律，有 mgN=ma，故N=mgma=8mC、减速下降，加速度向上，根据牛顿第二定律，有 Nmg=ma，故N=mg+ma=11.8mD、匀速上升，二力平衡，有N=mg=10m根据牛顿第三定律，木箱对地板的压力等于地板对木箱的支持力，选项C中地板所受压力最大；故选：C【点评】本题关键根据牛顿第二定律列方程求解出压力后比较5、C【解析】试题分析：由图，A板带正电，B带负电，电容器内电场方向水平向右细线向右偏，电场力向右，则小球带正电，故A错误滑

12、动头向右移动时，R变小，外电路总电阻变小，总电流变大，路端电压变小，电容器电压变小，细线偏角变小，故B错误滑动头向右移动时，电容器电压变小，电容器放电，因A板带正电，则流过电流表的电流方向向下，故C正确在滑片由a向b滑动时，滑动变阻器接入电阻减小；总电阻减小，总电流增大，则可知，总功率增大，故D错误考点：考查了含电容电路6、C【解析】根据磁感应强度定义式： ，力的单位是N，电流的单位是A，长度的单位为m，则单位的换算可得： ，即为1T，故C正确，ABD错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得

13、3分，有选错的得0分。7、AD【解析】液滴进入电场后竖直方向都做自由落体运动，所以穿出电场时竖直方向上的时间相等，根据合运动与分运动等时性可知液滴的运动时间都相同，因为液滴a、b的电荷量大小相等，则液滴所受的电场力大小相等，由静止释放，穿过两板的时间相等，则偏转位移大小相等，电场力做功相等，A正确；对于a、b两个粒子穿过电场的过程，重力做功相同（下降的高度相同、质量相同），而水平方向上电场力做功相同，根据动能定理可知两者动能的增量相同，对于c液滴，只有重力做功，小于a、b动能的增量，B错误；对于液滴a和液滴b，电场力均做正功，电势能均减小，C错误；根据公式，液滴进入电场后竖直方向都做自由落体运

14、动，穿过电场时竖直分速度相等，则重力对三者做功的功率相同，D正确8、AC【解析】A. 电子从M运动到N过程中，只受电场力，电势能减小，电场力做正功，则动能增加，因此N点的动能大于M点的动能，故A正确；B. 电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，不可能是匀强电场，故B错误；C. 电子所受的电场力减小，则知电子的加速度逐渐减小，故C正确；D. 带电粒子初速度为零，且沿着电场线运动，其轨迹一定为直线，故D错误故选AC.9、BC【解析】电场向左，则带正电的粒子受到向左的电场力，选项B正确，A错误；带电粒子的加速度向左，则

15、粒子先向右做减速运动，后向左做加速运动；选项C正确，D错误；故选BC.【点睛】此题关键是知道正电荷所受的电场力的方向与场强方向一致，负电荷正好相反；加速度的方向与电场力方向一致.10、ABD【解析】A三个粒子的初速度相等，在水平方向做匀速直线运动，水平位移之比为由，可知故A正确；BC三个粒子在竖直方向的位移相等，由可得由可知，三个粒子所受合力大小关系为因三个粒子的重力相等，故可知A所受电场力方向向下，B不受电场力，C受电场力方向向上，由牛顿第二定律可知解得故B正确，C错误；D由动能定理，合外力做功等于物体动能的增量，由于三个粒子在合外力方向发生的位移都相等，所以三个粒子在电场中运动时动能的变化

16、量之比等于合外力之比，即故D正确。故选ABD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、11.70 4.226 【解析】游标卡尺的主尺读数为11mm，游标读数为0.0514mm=0.70mm，则d=11.70mm；螺旋测微器的固定刻度读数为4mm，可动刻度读数为0.0122.6mm=0.226mm，则h=4.226mm。12、（1）AD （2）1.60 117.4 （3）C 【解析】为了减小误差，摆球选择质量大一些体积小一些的，摆线选择1m左右的细线；实验时用游标卡尺测量摆球的直径，游标卡尺的读数等于主尺读数加上游标读数；秒表读数等于小盘读数

17、加上大盘读数；根据单摆周期公式求出图象的函数表达式，然后根据图象分析；【详解】(1)为减小实验误差，应选择1m左右的摆线，为减小空气阻力影响，摆球应选质量大而体积小的金属球，因此需要的实验器材是AD；(2)游标卡尺的固定刻度读数为16mm，游标读数为0.10mm=0.0mm，所以最终读数为16mm+0.0mm=16.0mm=1.60cm；秒表读数时先看内小表盘，再读外面的大表盘的示数，由图可知内表盘读数1min，外表盘读数为57.4s，故秒表读数为1min+57.4s=117.4s；(3) 由单摆的周期公式T=2Lg，则T2=42gL，图线的斜率为k=42g，故C正确，A、B、D错误；故选C。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)10m/s；(1)0.04J；(3)v016m/s【解析】(1)飞镖从A点抛出时的速度大小 (1)飞镖下降的高度 则重力势能的减小量 (3)根据、得：14、【解析】由