2023学年河北省临西县实验中学物理高二上期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、将面积是0.5m2的导线环放在匀强磁场中，环面与磁场方向垂直已知穿过这个导线环的磁通量是2.0102wb，则该磁场的磁感应强度为（ ）A4.0102TB1.0102TC

2、25TD2.0102T2、一个物体做直线运动，其速度时间图象如图所示，由此可以判断该物体做的是()A初速度为零的匀加速运动B初速度不为零的匀加速运动C匀速运动D匀减速运动3、如图所示的电路中，灯泡A、灯泡B原来都是正常发光的现在突然灯泡A比原来变暗了些，灯泡B比原来变亮了些，则电路中出现的故障可能是()AR1短路BR2断路CR3断路DR1、R2同时短路4、关于惯性，下列说法正确的是A汽车行驶越快，惯性越大B汽车匀速运动时没有惯性C人向前奔跑时被绊，由于惯性向前绊倒D汽车突然启动时，车上的乘客由于惯性向前倾斜5、下列说法正确的是（）A磁场中的磁感线是客观存在的B磁极对磁极的作用、电流对电流的作用

3、都是通过磁场发生的C闭合电路的欧姆定律，对纯电阻电路和非纯电阻电路都适用D由可知，磁感应强度大小与放入该处的通电导线的I、L的乘积成反比6、如图为智能吸尘器扫地机器人，其额定功率为30W，额定工作电压为12V。该扫地机器人的可充电电池容量为3000mAh，则A额定工作电流为3AB充满电后最长工作时间为3 hC电池充满电后总电荷量为CD以额定电流工作时每秒消耗能量为30J二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,在竖直平面内坐标系中分布着与水平方向成45夹角的匀强电

4、场,将一质量为、带电荷量为q的小球,以某一初速度从O点竖直向上抛出,它的轨迹恰好满足抛物线方程2,且小球通过点，已知重力加速度为g,则（ ）A电场强度的大小为B小球初速度的大小为C小球通过点P时的动能为D小球从O点运动到P点的过程中电势能减少8、如图所示，电源内阻不可忽略，已知R1为半导体热敏电阻，R2为锰铜合金制成的可变电阻，若发现灯泡L的亮度变暗，可能的原因是( )AR1的温度逐渐降低BR1受到可见光的照射CR2的阻值逐渐增大DR2的阻值逐渐减小9、如图所示，光滑绝缘水平面上有三个带电小球a、b、c（均可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，仅在它们之间的静电力作用下处于静止状态，以下判断正确

5、的是（）Aa对b的静电力一定是引力Ba对的静电力可能是斥力C的电荷量可能比的少D的电荷量一定比的大10、用多用电表的欧姆档检验性能良好的晶体二极管，发现多用电表的指针向右偏转的角度很小，这说明A二极管加有正向电压，故测得电阻很小B二极管加有反向电压，故测得电阻很大C此时红表笔接的是二极管的正极D此时黑表笔接的是二极管的正极三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）根据试题的要求填空（1）用如下图(甲)所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T请根据下列步骤完成电阻测量：旋动部件_，使指针对准电流的0刻线将K旋转到电阻挡l0

6、0的位置将插入十、插孔的表笔短接，旋动部件_，使指针对准电阻的_ (填0 或)刻线 将两表笔分别与侍测电阻相接，发现指针偏转角度过小为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按_的顺序进行操作，再完成测量A将K旋转到电阻挡1k的位置B将K旋转到电阻挡10的位置C将两表笔的金属部分分别接在被测电阻的两根引线上D将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准（2）在用多用表测量另一电阻的阻值时，电表的读数如图（乙）所示，该电阻的阻值为_（3）他用螺旋测微器测量金属丝的直径，其中某一次测量结果如下图所示，其读数为_mm12（12分）为了描绘小灯泡的伏安特性曲线，某同学设计了如下的实验电

7、路，已知小灯泡的规格为“12 V， 5 W”（1）闭合电建前，应将电路图中的滑动变阻器的滑片移到_（填“a”或“b”）端根据连接好的实物图，调节滑动变阻器，记录多组电压表和电流表的读数，作出的图线如图甲中实线所示，由图线分析可知，小灯泡的电阻随温度的升高而_（填“增大”或“减小”）若某次电流表的示数如图乙所示，则此时小灯泡的功率为_W（保留两位有效数字）（2）若图像中的虚线或表示小灯泡真实的伏安特性曲线，与实验中得到的实线相比，虚线_（填“”或“”）才是其真实的伏安特性曲线四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分

8、）如图所示，用细线将质量m4103kg的带电小球悬挂在天花板上，空间中存在方向水平向右，大小E1104N/C的匀强电场，小球静止时细线与竖直方向的夹角37，g取10m/s1（1）求小球的带电量；（1）求细线的拉力14（16分）在如图所示的电路中，电源电动势E6V，内阻，定值电阻， ， ，电容器的电容，电容器原来不带电求：（1）闭合开关S后，电路稳定时，流过的电流大小；（2）闭合开关S后，直至电路稳定过程中流过的总电荷量Q.15（12分）两平行金属板A、B水平放置，上极板电势高于下极板，两板间距d=4cm，板长L=10cm，一个质量为m=510-6kg、电量为q=110-9C的带电微粒，以v0=

9、1m/s的水平初速度从两板间正中央射入，两板间所加电压为UAB时，微粒恰好不发生偏转，如图所示，取g=10m/s1（1）试确定微粒的电性，求两板间所加电压UAB（1）增大两板间所加电压UAB，求微粒恰好从上板边缘飞出过程中的加速度大小（3）改变两板间所加电压UAB，要使微粒不打到金属板上，求两板间的电压UAB的取值范围？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：闭合导线处在匀强磁场中，当环面与磁场垂直时，穿过环的磁通量=BS，变形求出B解：闭合导线环在匀强磁场中，环面与磁场垂直时，穿过环的磁通量=BS

10、，则B=T=4.0102T故A正确，BCD错误故选A【点评】本题根据匀强磁场中磁通量的定义式=BS来分析计算磁感应强度B2、B【解析】从图中可得，物体在t=0时刻速度不为零，并且物体的速度随时间是均匀增加的，或者说直线的斜率是恒定的，即，所以物体做的是初速度不为零的匀加速直线运动，B正确3、C【解析】A若R1短路，则两个灯泡都被短路，都不亮，故A错误；B若R2断路，则两个灯泡都被断路，都不亮，故B错误；C若R3断路，外电阻增大，外电阻增大，路端电压U增大，干路电流I减小，R1电流I1增大，则通过A的电流IA=I-I1减小，A灯变暗。B灯电压UB=U-IA（RA+R2）增大，B灯变亮，符合题意。

11、故C正确；DR1、R2同时短路，AB灯都不亮，不符合题意，故D错误。故选C。4、C【解析】A、惯性的大小只与质量有关，与其他都无关,当然与速度也是无关的，故A错误；B、一切物体在任何情况下都有惯性，故B错误；C、人向前奔跑时被绊，因为惯性人要保持向前的运动趋势，故C正确；D、汽车突然启动时，车上的乘客因为惯性要保持静止的状态，所以身体会向后倾斜，故D错误【点睛】本题主要考查惯性惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是没有任何关系的；惯性是物体本身的一种基本属性，其大小只与质量有关，质量越大、惯性越大；5、B【解析】A磁感线不是真实存在的，是科学家为了研究方便假象出来的。故A错误。B磁

12、场和电流周围都有磁场，所以磁极对磁极的作用、电流对电流的作用都是通过磁场发生的。故B正确。C闭合电路的欧姆定律，仅适用于外电路是纯电阻的电路。故C错误。D磁场中某处的磁感应强度大小，就是通以电流I、长为L的一小段导线垂直放在该处时所受磁场力F与I、L的乘积的比值。磁感应强度B跟磁场力F，跟电流强度I和导线长度L的乘积均无关。故D错误。6、D【解析】由题意可知考查电流强度、电荷量、能量的有关计算，根据相关公式计算可得。【详解】额定工作电流为，故A错误；充满电后最长工作时间为，故B错误。电池充满电后总电荷量为，故C错误；D智能吸尘器扫地机器人，其额定功率为30W，以额定电流工作时每秒消耗能量为30

13、J，故D正确。【点睛】mAh是电量的单位，电量除以电流强度等于放电时间。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】小球以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程，说明小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿y轴正方向，竖直方向：，故电场强度的大小为，故A错误；小球受到的合力：，所以a=g，由平抛运动规律有：，得初速度大小为，故B错误；由于，又，所以通过点P时的动能为：，故C正确；小球从O到P电势能减少，且减少的电势能等于电场力做的功，即：，故D正

14、确故选CD【点睛】结合小球运动的特点与平抛运动的方程，判断出小球在竖直方向受到重力与电场力在竖直方向的分力大小相等，方向相反，由此求出电场力的大小，再由F=qE即可求出电场强度；由平抛运动的方程即可求出平抛运动的初速度，以及到达P时的速度；由动能定理即可求出电势能的变化8、AD【解析】灯泡L亮度变暗，说明流过灯泡的电流减小，其原因可能是R1的阻值增大或R2的阻值减小引起，半导体热敏电阻随温度的升高电阻率减小，故可能的原因是R1的温度降低或R2的阻值减小，所以A、D正确，B、C错误9、AD【解析】AB根据电场力方向来确定各自电性，从而得出“两同夹一异”，故A正确，B错误；CD同时根据库伦定律来确

15、定电场力的大小，并由平衡条件来确定各自电量大小，因此在大小上一定是“两大夹一小”，故C错误，D正确。故选AD。10、BC【解析】AB测量电阻偏转角度小，则电阻大，为反向电压，故A错误，B正确；CD测量时加的反向电压，又因欧姆表的黒表笔接的电池的正极，则黒表笔应与二极管的负极相连接。即红表笔与二极管的正极相连接，故C正确，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、S T 0 A D C 15000 0.3960.398 【解析】电表使用前要使指针指在0刻线位置，通过调节调零旋钮实现；欧姆表测量前要进行欧姆调零；欧姆表中值电阻附

16、近刻度线最均匀，读数误差最小，故测量电阻时，要通过选择恰当的倍率使指针指在中值电阻附近；每次换挡要重新调零；欧姆表读数=刻度盘读数倍率；螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读，注意其精度是0.01mm【详解】解：(1)电表使用前要调节调零旋钮，使指针指在0刻线位置，故调节S旋钮；欧姆表测量前要进行欧姆调零，故调节T旋钮，使指针对准电阻的0刻线；指针偏转度过小，说明电阻偏大，故需选择较大的倍率；每次换挡要重新调零，按A、D、C的顺序进行操作(2)欧姆表读数=刻度盘读数倍率=151000=15000； (3) 螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度读数为0

17、.0139.8mm=0.398mm，所以最终读数为：0mm+0.398mm=0.398mm；12、（1）a ， 增大， 2.4； （2） 【解析】（1）开始时应让测量部分电压为零，故开关应移到a端开始调节；由图可知图象的斜率越来越小，则说明电阻越来越大，小灯泡的电阻随温度的升高而增大；由电流表示数可知，电流大小为0.4A，则由图可知，电压为6.0V，故灯泡功率P=UI=60.4=2.4W；（2）由于电流表采用外接法，由于电压表分流使电流表示数偏大，而电压表是准确的，故相同电压电流应偏小，故II为真实的图象四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明

18、、方程式和演算步骤。13、（1）310-6C（1）510-1N【解析】（1）小球受到的电场力方向向右，与场强方向相同，所以小球带正电对小球，在如图所示力的作用下处于平衡状态由平衡条件得：qE=mgtan得： （1）由平衡条件有：FTcos=mg得细线的拉力为：【点睛】对于带电体在电场力平衡问题，关键是分析受力情况，运用力的合成法即可求解14、（1）0.12A，（2）.【解析】（1）闭合开关S后电路稳定时，外电阻 总电流 路端电压U外=IR外=0.68=4.8V流过R3的电流为（2）闭合开关S后，电路稳定时，加在电阻R3的电压U3=I3R3=3.6V电容充电完毕所带的电荷量Q=CU3=3.610-4C闭合