2023学年山东省枣庄第八中学东校区物理高二第一学期期中复习检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，平行导轨间距为d，一端跨接一个电阻为R，磁场的磁感强度为B，方向与导轨所在平面垂直一根足够长的金属棒与导轨成角放置，金属棒与导轨的电阻不计当金属棒沿垂直于棒的方向

2、以速度v滑行时，通过电阻R的电流强度是 （ ）ABCD2、两个定值电阻R1、R2串联后接在输出电压U稳定的直流电源上，有人把一个内阻不是远大于R1、R2的电压表接在R1两端（如图），电压表的示数为10V如果他把此电压表改接在R2两端，电压表的示数为5V，则：A 2B=2CUBB，方向均向左BBABB，方向均向右DBAvbvc三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用如图甲所示电路测定电源的电动势和内电阻。实验中电压表和电流表都是理想电表。闭合开关S后，变阻器的滑动触头P由变阻器的一端滑到另一端的过程中，两电压表示数随电流表示数

3、变化情况分别如图乙的UI图像中直线a、b所示。（1）若滑动触头P由变阻器的一端滑到另一端过程中，电压表V2的示数一直增大，可知滑动触头P由_端滑到_端（用电路中的字母“c”、“d”表示）；（2）通过分析可知，图乙中的图线_（填“a”、或“b”）表示电压表V1示数随电流表A示数变化的关系；（3）根据UI图像中坐标轴所标出的数据，可以求出电源电动势E和内电阻r，其中内电阻r=_（用图中给出的坐标值表示）；12（12分）用如图甲所示的电路图研究灯泡L（2.4V，1.0W）的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下正常工作时的电阻值，检验其标示的准确性。除了开关、导线外，还有如下器材：电压表V，量程选择03

4、 V，内阻约5 K电流表A，量程选择0600mA，内阻约0.5滑动变阻器R1，最大阻值10 ，额定电流2.0 A滑动变阻器R2，最大阻值100，额定电流1.0 A直流电源E，电动势约为6 V，内阻约为0.5 （1）上述器材中，滑动变阻器应选_。（填器材符号）（2）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在_端。（选填“a”或“b”）（3）根据电路图，请在图乙中以笔划线代替导线将实物图补充完整_。（4）实验后作出的IU图象如图丙所示，图中曲线弯曲的主要原因是：_。（5）根据所得到的图象如图丙所示，求出它在额定电压（2.4V）下工作时的电阻值R=_，这个测量值比真实值偏_。(选填“大”或“小”)四、计算

5、题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）真空中有两个相同的点电荷，它们固定在一条直线上，如图所示，它们的电荷量均为4.010-12C，（k=9.0109Nm2/C2）求：（1）是吸引力还是排斥力？（2）Q2所受静电力大小和方向？14（16分）如图所示，圆1和圆2之间存在磁感应强度为B的匀强磁场（垂直纸面没有画出)，圆2和圆3之间的电势差为U，一个质量为m、电荷量为e的电子从A点由静止释放，经过时间t从C点对着圆心O射入磁场，其运动轨迹恰好与圆1相切，已知圆1的半径求：（1）圆2的半径r2；（2）电子能否再次回到A点，如

6、果能，求出电子从A点出发至再次回到A点所经历的时间，如果不能，请通过计算说明原因15（12分）为了研究过山车的原理，某物理小组提出了下列的设想：取一个与水平方向夹角为，长为的倾斜轨道AB，通过微小圆弧与足够长的水平轨道相连，在C处连接一个竖直的半径的光滑圆轨道。如图所示，高为光滑的平台上有一根轻质弹簧，一端被固定在左面的墙上，另一端通过一个可视为质点的质量的小球紧压弹簧，现由静止释放小球，物块离开台面时已离开弹簧，到达A点时速度方向恰沿方向，并沿倾斜轨道滑下，小物块进入圆轨道后，恰好能通过轨道的最高点，已知小物块与、间的动摩擦因数为，g取，。求：（1）弹簧被压缩时的弹性势能；（2）小物块到达C

7、点时速度的大小；（3）段的长度.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】由于导体与磁场垂直，得：，则感应电流为，故选项A正确，选项BCD错误点睛：题中导体与磁场垂直，根据导体切割电动势公式求出感应电动势，由闭合电路欧姆定律求出感应电流2、B【解析】AB电路总电压为U；将电压表与电阻R1并联时，电压表的读数为10V，则 若将电压表与电阻R2并联，则设 联立以上各式可得： 解得k=2即，选项A错误，B正确；CD因当电压表与电阻R1并联后电阻减小，则分压减小，可知不并联电压表时，R1两端电压大于10V；同理可知不并

8、联电压表时，R2两端电压大于5V；则电源电压U15V，选项CD错误。3、A【解析】电场线的疏密表示电场强度的强弱，由于电场线的疏密可知，A点的电场线更密，所以，故A正确，BCD错误。故选A【点评】电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布，明确电场线分布与电场强度之间的关系4、A【解析】越靠近螺线管的两端，磁感应强度越大，故，根据右手螺旋定则可知，螺线管的左端为S极，即方向都向左，故A正确，BCD错误；故选A。5、D【解析】试题分析：根据曲线运动力与轨迹的关系，力需指向轨迹弯曲的内侧，所以A错误；带电粒子只受电场力作用，故力与电场线共线，所以C错误；由题意知，运动过程中粒子的电势能逐渐较小，故

9、电场力做正功，即力与速度方向的夹角应为锐角，故B错误，D正确考点：本题考查带电粒子的运动6、A【解析】A、洛伦兹力始终与电荷运动方向垂直，对粒子不做功，故A正确；B、安培力是通电导线受到的力，若导体棒在安培力的方向上有位移，则安培力做功，故B错误；C、通电直导线与磁场方向夹角不为零时，才会受安培力，故C项错误D、带电粒子在磁场中运动时，若运动方向与磁场平行，则不受洛仑兹力的作用，故D错误；综上所述本题答案是：A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】将一负电荷

10、由A移到B，电场力做正功，可知负电荷受到的电场力的方向向右，结合负电荷受到的电场力的方向与电场线的方向相反，可知该电场线的方向向左，即由C指向A，沿电场线的方向电势降低，所以C点的电势最高，A点的电势最低，即123；该电场线的方向向左，由C指向A；再结合图中等势面的特点可知产生该电场的点电荷带负电且位于A点的左侧，所以A处的场强最大，C处的场强最小，根据电场强度与电势差的关系：U=Ed可知，AB之间的电势差一定大于BC之间的电势差，即：UCBUBA，又电场力做功：W=qU，所以：W1W2，故BD正确，AC错误。8、ABD【解析】ABD.电容器充电后与电源断开，电量Q 将不变，与电容器相连的静电

11、计用来测量电容器的电压；空气的相对介电常数是最小的；当插入介质时，增大，由，可知电容将增大；由可知，两板间的电压减小，静电计指针偏角减小；故ABD正确。C.板间电压减小，板间距不变，根据 可知，场强变小，故C错误。9、AD【解析】欧姆档的指针偏转角度越小，则电阻越大，要换大倍率的档位【详解】偏转角度小，说明电流小，则电阻大故A正确，B错误；因是大电阻，则要换档位大一些即：换“100”档每次换档后要重新进行欧姆调零故C错误，D正确，故选AD10、BD【解析】根据h=12gt2得，t=2hg，因为hahb=hc，可知tatb=tc。在水平方向上，有x=v0t，因为tatb=tc，xaxbxc，则初

12、速度vavbvc故BD正确，AC错误。故选BD。【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）d， c； （2）a； （3）r=U1-U2I2-I1 【解析】（1）电压表V2的示数一直增大，故电流不断增加，电阻减小，故滑动端P由d到c端；（2）电压表V1示数随电流表A示数的增加而减小，故应是测量电源的路端电压图象；故a图线是电压表V1示数随电流变化的图线；（4）由E=U+Ir知：E=U1+I1r；E=U2+I2r；联立解得：r=U1-U2I2-I1；1

13、2、 R1 a 小灯泡的电阻随着电压的升高而增大 4.8 小【解析】(1)根据图甲所示的电路图，滑动变阻器采用分压式连接方式，所以滑动变阻器阻值，滑动变阻器应选R1；(2)由图甲知，当滑动触头打到a端时通过电流表的电流是零，为防止烧表，在闭合开关S前，滑动变阻器触头应放在a端；(3) 根据电路图，在图乙中以笔划线代替导线将实物图(4) 图中曲线弯曲的主要原因是随着灯丝中的电流增大，温度升高，灯丝的电阻率增大，电阻增大；(5) 由图丙知小灯泡在额定电压（2.4V）下工作时的电流为0.5A，由，根据欧姆定律，由于电压表的分流使得电流表测量值大于通过小灯泡的实际电流，故测得的电阻值偏小；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、排斥力；1.44 10-11 N 方向水平向右【解析】（1）两个电荷电性相同，同种电荷相互排斥，故是排斥力；（2）Q2所受静电力大小为：F=kQ2r2=9109(410-12)2012N=1.4410-11N方向水平向右【点睛】本题关键是明确两个电荷间的作用力大小用库仑定律求解，记住公式即可，基础问题.14、（1） （2）【解析】（1）进入C点的速度为v，解得，轨道半径为