福建省厦门市重点中学2023学年物理高二第一学期期中经典试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图甲所示，电源电动势E6 V，闭合开关，将滑动变阻器的滑片P从A端滑至B端的过程中，得到电路中的一些物理量的变化如图乙、丙、丁所示其中图乙为输出功率与路端电压的关系曲线，图丙为

2、路端电压与总电流的关系曲线，图丁为电源效率与外电路电阻的关系曲线，不考虑电表、导线对电路的影响则下列关于图中a、b、c、d点的坐标值正确的是Aa（3 V,4.5 W）Bb（4.5v ,2.88 W）Cc（0.6 A,4.5 V）Dd（2 ，80%）2、移动电源（俗称充电宝）解决了众多移动设备的“缺电之苦”，受到越来越多人的青睐 目前市场上大多数充电宝的核心部件是锂离子电池（电动势3.7 V）及其充放电保护电路、充放电管理电路、升压电路等其中的升压电路可以将锂离子电池的输出电压提升到手机、平板电脑等移动设备所要求的输入电压(5 V)由于锂离子电池的材料特性，在电池短路、过高或过低温度、过度充电或

3、放电等情况下都有可能引起电池漏液、起火或爆炸为安全起见，中国民航总局做出了相关规定，如图1所示为了给智能手机充电，小明购买了一款移动电源，其铭牌如图2所示给手机充电时该移动电源的效率按80%计算根据以上材料，请你判断( )A这款移动电源能为手机提供的最大充电量为8000 mAhB这款移动电源充满电后所储存的总化学能为37 WhC乘飞机出行时，这款移动电源可以托运DWh与mAh均为能量单位3、一根均匀的电阻丝的电阻为R，下列用同种材料做成的电阻中，其电阻值也为R的是()A长度不变，横截面积增大一倍 B横截面积不变，长度增大一倍C长度和横截面的半径都增大一倍 D长度和横截面积都缩小一倍4、如图所示

4、，可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电，B球固定，其正下方的A球静止在绝缘斜面上，则A球受力个数为（ ）A可能受到2个力作用B可能受到3个力作用C一定受到4个力作用D可能受到5个力作用5、如图所示，两个单匝线圈a、b的半径分别为r和2r.圆形匀强磁场B的边缘恰好与a线圈重合，则穿过a、b两线圈的磁通量之比为()A11B12C14D416、有一竖直放置的轨道和半圆形轨道平滑连接，所有接触面均绝缘光滑，现在半圆形轨道所在的虚线间空间加上如图所示的匀强电场E和匀强磁场B，它们相互正交或平行。将一个带负电的小球从竖直轨道的某处静止释放，那么，带电小球可以沿半圆形轨道做匀速圆周运动的是(带箭头实线表

5、示电场线，表示磁感线)ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在如图所示的电路中，C为一平行板电容器,闭合开关S,给电容器充电，当电路中电流稳定之后，下列说法正确的是 ( )A保持开关S闭合，把滑动变阻器R1的滑片向上滑动，电流表的示数变大，电压表的示数变大B保持开关S闭合，不论滑动变阻器R1的滑片是否滑动，都有电流流过R2C保持开关S闭合，将电容器上极板与下极板距离稍微拉开一些的过程中，R2中有由b 到a的电流D断开开关S，若此时刚好有一带电油滴P静止在电容器两

6、平行板之间，将电容器上极板与下极板稍微错开一些的过程中，油滴将向上运动8、科学家天文观测到一个双星系统由主星和伴星构成，其主星不断向外喷射物质使其质量不断减小，假设该双星系统演化的初期它们之间的间距不变，它们运动的轨道近似为圆轨道，伴星质量不变，则在演化初期，该双星系统A圆周运动的周期将不断增大B圆周运动的周期将不断减小C主星的轨道半径不断变大D伴星的线速度不断变大9、如图，带电粒子在电场中由A点移到B点，可判知（ ）A粒子带负电 B粒子的电势能不断减少C粒子的动能不断减少 D粒子在B点的加速度大于在A点的加速度10、将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板所带的电荷量分别用d

7、、U、E和Q表示下列说法正确的是A保持U不变，将d变为原来的两倍，则E变为原来的一半B保持E不变，将d变为原来的一半，则U变为原来的两倍C保持d不变，将Q变为原来的两倍，则U变为原来的一半D保持d不变，将Q变为原来的一半，则E变为原来的一半三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”实验中，由电磁式打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点之间还有四个计时点，其中s17.05cm、s17.68cm、s38.33cm、s48.95cm、s59.61cm、s610.15cm，已知

8、该打点计时器的频率 f50Hz，则：（1）相邻两计数点间的时间间隔_s,（1）A点处瞬时速度的大小是 vA_m/s（3）小车运动的加速度计算表达式为 a_m/s1（计算结果保留两位有效数字）12（12分）在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长 L1.25cm。若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的 a、b、c、d 所示，则小球平抛的初速度的计算式为 V0_（用 L、g 表示），其值是_（取 g9.8m/s2）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）美国物理学家密立根通过油滴实验

9、精确测量出电子的电荷量测量原理是：让一些体积非常微小的带电油滴进入电场中，当电场力恰好与油滴所受重力平衡时，油滴处于悬浮状态如图所示，匀强电场的电场强度大小为E，方向竖直向下，一滴质量为m的油滴恰好静止于电场中的P点，重力加速度为g问：(1)油滴带何种电荷；(2)油滴所带电荷量q的大小14（16分）如图甲所示，在和之间有沿着轴方向的匀强电场，为电场区域的上边界，在轴方向范围足够大，电场强度的变化如图乙所示，取轴正方向为电场正方向现有一个带负电的粒子，粒子的比荷，在时刻以速度从点沿轴正方向进入电场区域，不计粒子重力作用求： 甲 乙（1）粒子通过电场区域的时间；（2）粒子离开电场的位置坐标；（3）

10、粒子通过电场区域后沿轴方向的速度大小15（12分）如图所示，桌面上放着一个单匝矩形线圈，线圈中心上方一定高度上有一竖直的条形磁铁，此时磁通量为0.04Wb，把条形磁铁竖放在线圈内的桌面上时磁通量为0.12Wb，分别计算以下两个过程中线圈中的感应电动势（1）用时0.5s（2）换用10匝的线圈，用时0.1s参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】A由丙图可知短路电流为 I短=3A，由得：；当输出功率达到最大时：R=r=2，此时路端电压为U=3V，所以各点的坐标为：a点：U=3V， A点坐标为：（3V，4.5W）；

11、选项A正确；BCD电源效率最高时，滑动变阻器的阻值最大，由丙图知电源的最大效率为 =80%由解得：R=8变阻器的滑动头C在右端B时，分别对应c、b、d三点。b点、c点：R=8，U=E-Ir=6-0.62=4.8VP=UI=4.80.6W=2.88W所以b点的坐标为：（4.8V，2.88W）；c点的坐标为（0.6A，4.8V）；d点坐标为（8，80%）；故BCD错误。2、B【解析】A由图2可知，这款移动电源能为手机提供的最大充电量为10000mAh；故A错误B这款移动电源充满电后所储存的总化学能等于可以对外做的功，即E=W=UIt=qU=1000010-3Ah3.7V=37Wh故B正确C由图1可

12、知，37Wh的这款移动电源不可以托运，可以随身携带；故C错误DWh是能量的单位，但mAh是电量的单位；故D错误【点睛】该题结合电源的铭牌考查对电源的电动势、电源的容量的理解，会根据W=UIt=qU求电源储存的电能的解答的关键.3、D【解析】由电阻定律R=LS可知：A、长度不变，横截面积增大一倍，则R=L2S=R2；故A错误.B、横截面积不变，长度增大一倍，则R=2LS=2R；故B错误.C、长度和横截面的半径都增大一倍，则R=2L(2r)2=R2；故C错误.D、长度和横截面积都缩小一倍，则R=L2S2=R；故D正确.故选D.【点睛】考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截

13、面积成反比4、A【解析】由题中“可视为点电荷的小球A、B分别带负电和正电”可知，本题考查受力分析和力的平衡，根据电荷之间的库仑力和平衡条件可分析本题。【详解】A.小球A受重力和B给的吸引力，若重力和吸引力恰好相等，则可以满足受力平衡条件，故A正确；C.若向上的吸引力小于重力，则A对斜面有压力，会受到斜面的支持力，若要合力为零，处于平衡状态，必须还要受到一沿斜面向上的摩擦力才可以，所以A是可能受四个力，故C错误；BD.有以上分析可知，A不可能受3个或5个力的作用，故BD错误。5、A【解析】根据磁通量的定义，当B垂直于S时，穿过线圈的磁通量为=BS，其中S为有磁感线穿过区域的面积，所以图中a、b两

14、线圈的磁通量相等，所以A正确；BCD错误【名师点睛】本题主要注意磁通量的计算公式中S的含义，它指的是有磁感线穿过区域的垂直面积6、A【解析】由于带电小球沿半圆形轨道做匀速圆周运动，则有重力与电场力大小相等，方向相反，又由于小球带负电，所以电场方向竖直向下，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】带电小球沿半圆形轨道做匀速圆周运动，合外力做功为0，有重力与电场力大小相等，方向相反。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】A.保持开关S闭合，把滑动变阻器R1的滑片向

15、上滑动，接入电路的电阻减小，根据欧姆定律可知电路中电流增大，R2的电压增大，则电流表的示数变大，电压表的示数变大，故A正确；B.保持开关S闭合，不论滑动变阻器R1的滑片是否滑动，电容器相当于开关断开，都没有电流流过R2，故B错误；C.保持开关S闭合，将电容器上极板与下极板距离稍微拉开一些的过程中，极板的正对面积减小，电容减小，由知，U不变，Q减小，电容器放电，则R2中有由a 到b的电流，故C错误；D.断开开关S，将电容器上极板与下极板稍微错开一些的过程中，极板的正对面积减小，电容减小，由知，电量Q不变，则板间电压U增大，板间场强增大，油滴所受的电场力增大，则油滴将向上运动，故D正确；8、AC【

16、解析】AB根据可得 两式相加可得：即，因m逐渐减小，间距L不变，可知双星系统做圆周运动的周期将不断增大，选项A正确，B错误；CD由可知，周期T变大，则r逐渐变大，r减小，则可知，v减小，选项C正确，D错误；9、AC【解析】A：粒子在A处所受电场力沿电场线的切线，粒子做曲线运动受力指向轨迹的凹侧，则粒子在A处受力FA如图，粒子带负电。故A项正确。BC：粒子在电场中由A点移到B点，电场力的方向与运动方向成钝角，电场力对粒子做负功，粒子的动能不断减少，粒子的电势能不断增大。故B项错误，C项正确。D：电场线的疏密表示电场的强弱，则EBEA，由牛顿第二定律可得：a=qEm，则粒子在B点的加速度小于在A点

17、的加速度。故D项错误。10、AD【解析】试题分析：保持U不变，根据公式E=分析E与d的关系；保持E不变，U与d正比；保持d不变，C不变，根据C=分析Q与U的关系；保持d不变，将Q变为原来的一半，由C=分析U的变化，由E=分析E的变化解：A、保持U不变，将d变为原来的两倍，根据公式E=可知，E变为原来的一半故A正确B、保持E不变，将d变为原来的一半，由U=Ed可知，U变为原来的一半故B错误C、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的两倍，由公式C=分析可知，U变为原来的两倍故C错误D、保持d不变，电容C不变，将Q变为原来的一半，由公式C=分析可知，U变为原来的一半，由E=分析知，E变为原来的一半故

18、D正确故选AD【点评】本题关键要掌握E=、C=两个公式，同时，要明确d不变时，电容C不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.1s 0.86 0.64 【解析】（1）1已知打点计时器的频率f50Hz，则其周期为=0.01s即打点计时器每隔T=0.01s打一个点在纸带上，而纸带上两相邻计数点之间还有四个计时点，所以相邻计数点间的时间间隔为s（1）1根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可得A点处瞬时速度的大小是代入数据得：m/s；（3）3根据匀变速直线运动的推论公式则有：代入数据得：m/s112、 0.7m/s 【解析】设相邻两点间的时间间隔为T竖直方向：2L-L=gT2得到水平方向： 代入数据解得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)油滴带负电荷 （2） 【解析】解：由平衡可知，电场线向下而力向上，所以带负电， 14、（1） 4103s. （2） （2105m，2 m） （3