吉林省吉林市蛟河市朝鲜族中学2023学年物理高二上期中预测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c是地球大气层外圆形轨道上运动的三颗卫星，a和b质量相等且小于c的质量，则（）Ab所需向心力最小Bb、c的周期相同且小于a的周期Cb、c的向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度Db、c的线速度大小相等，且大于a的

2、线速度2、如图所示，两金属板A、B水平放置，与切口很小的圆形金属线圈用导线相连，线圈内存在垂直纸面向内，磁感应强度随时间均匀增大的匀强磁场，带正电的小球静置于板间的绝缘水平面上根据题目信息，下列说法正确的是（ ）A金属板A带正电B两金属板间电压逐渐增加C两金属板所带电量逐渐减小D小球对绝缘水平面的压力不变3、如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，当闭合开关S后，若将滑动变阻器的滑片P向下调节，则正确的是A电压表和电流表的示数都增大B灯L2变暗，电流表的示数减小C灯L1变亮，电压表的示数减小D灯L2变亮，电容器的带电量增加4、关于电磁感应,下列说法中正确的是（ ）A线圈放在磁感应强度越强

3、的地方，产生的感应电动势一定越大B穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大C穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零D穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大5、 “验证机械能守恒定律”的实验装置如图所示，实验中发现重物减小的重力势能略大于增加的动能，其主要原因是()A未测量重物的质量B先接通电源，后释放纸带C使用的重物质量大，体积小D重物和纸带在下落时受到阻力6、关于电源和电流，下列各种说法中正确的是A从能量转化的角度看，电源是把电能转化为其他形式能的装置B电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流C电荷定向移动的方向就是电流的方向D闭合回路的导体做切割磁感线的运动就一定有感

4、应电流二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个矩形线圈在匀强磁场中匀速转动，产生的交变电动势e220sin(100t)V，那么()A该交变电流的频率是50 HzB当t0时，线圈平面恰好位于中性面C当t s时，e有最大值D该交变电流电动势的有效值为220 V8、关于电场中的等势面，下列说法中正确的有（ ）A等势面不一定跟电场线垂直B沿电场线电势一定升高C在同一等势面上两点间移动电荷，电场力做功为零D处于静电平衡状态的导体是等势体，表面是一个等势面9、关于电容器和电容的说

5、法中，正确的是（ ）A公式中Q是电容器两极板带电量绝对值之和B对于确定的电容器，其带电量与两板间的电压成正比C平行板电容器保持带电量不变而增大两极板间距离，两极板间电场强度不变D平行板电容器保持两极板间电压不变而增大两极板间距离，带电量变大10、如图所示，E为蓄电池，L是自感系数足够大的线圈，其直流电阻为R，D1、D2是两个规格相同的灯泡，阻值均为R，S是开关下列说法正确的是A闭合开关S后，D2逐渐变暗BS断开瞬间，D2立即熄灭，D1延时熄灭C闭合开关S的瞬间，通过D1、D2的电流大小相等DS断开后，通过Dl的电流方向与原来相同三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处

6、，不要求写出演算过程。11（6分）在测量电源的电动势和内阻的实验中，某同学根据电流表和电压表的示数，得到了如图所示的UI图象，则该电源的电动势_V，内电阻_。12（12分）在用伏安法测电阻的实验中，所用电压表的内阻约为20k，电流表的内阻约为20在粗测被测电阻数值的基础上，选择了尽可能减小误差的电路进行实验，测得的数据用圆点标于图上，根据图中所记录的各点，在图中画出被测电阻的IU图线，由此求得该电阻测量值Rx=_；根据Rx的数值，可知实验中电表连接采用的是图中图_所示的电路（填（1）或（2）；电阻的测量值与真实值相比较，测量值_真实值（填“大于”、“小于”或“等于”） 四、计算题：本题共2小题

7、，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在如图所示的匀强电场中，一条绝缘细线的上端固定，下端栓一个大小可以忽略、质量为m的带电量为q的小球,当小球静止时，细线与竖直方向的夹角为，求：（1）小球带何种电荷？（2）匀强电场的场强是多大？14（16分）如图所示，以O为圆心，r为半径的圆与坐标轴的交点分别为a、b、c、d，空间有与x轴正方向相同的匀强电场，同时在O点固定一个电荷量为的点电荷。如果把一个电荷量为的试探电荷放在c点，则恰好平衡。已知静电力常量为k，求：(1)匀强电场的场强大小为多少？(2)d点的场强大小为多少？15（12分）将一相

8、距为d=40cm的平行板接入如图所示的电路中，当开关闭合时，带正电的小球刚好静止在两平行板间.已知电源电动势E=24V、内阻r=1，R=15，小球的电荷量q=110-2C、质量m=210-2kg，.求：（1）带电小球静止时平行板间的电压U.（2）滑动变阻器接入电路中的部分电阻的阻值RP为多少？.参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】根据万有引力提供向心力A因为a、b质量相同，且小于c的质量，可知b所需向心力最小，故A正确；B周期所以b、c的周期相同，大于a的周期，故B错误；C向心加速度b、c的向心加速度大小

9、相等，小于a的向心加速度，故C错误；D线速度b、c的线速度大小相等，小于a的线速度，故D错误；故选A。2、D【解析】A由图示可知，磁场垂直与纸面向里，磁感应强度增加，穿过线圈的磁通量增加，由楞次定律可知，平行板电容器的上极板电势低，下极板电势高，因此金属板M带负电，故A错误；B因磁感应强度随时间均匀增大，根据法拉第电磁感应定律，可知感应电动势大小不变，故B错误；C根据Q=CU，可知两金属板所带电量也不变，故C错误；D因电压与间距不变，则电场强度不变，小球对绝缘水平面的压力不变，故D正确；故选D3、C【解析】将滑动变阻器的滑片P向下调节，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧

10、姆定律分析得知：干路电流I增大，路端电压U减小，则电压表示数减小，灯L1变亮；R与灯L2并联电路的电压：U减小,U1增大,U并减小，灯L2变暗.流过电流表的电流：I增大，I2减小，IA增大，电流表的示数增大;电容器两端的电压等于并联部分的电压,电压变小，由：知电容器的电荷量减少，故选C.4、D【解析】A.只有切割才会产生感应电动势，故A错误B.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故B错误C.穿过线圈的磁通量为零，但磁通量变化率不一定为零，所以感应电动势不一定为零，故C错误D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大，故D正确故选D5、D【解析】A项：由公式可知，与物体的质量无关，故A错误

11、；B项：本实验应先接通电源，后释放纸带，对实验结果没有影响，故B错误；C项：使用的重物质量大，体积小可以减小实验误差，故C错误；D项：重物和纸带在下落时受到阻力，部分机械能转化为内能，即减小的重力势能一部分转化为内能，故D正确6、B【解析】A从能量转化的角度看，电源是把其他形式能转化为电能的装置，选项A错误；B电流的定义式I=q/t，适用于任何电荷的定向移动形成的电流，选项B正确；C正电荷定向移动的方向就是电流的方向，选项C错误；D闭合回路的部分导体做切割磁感线的运动就一定有感应电流，选项D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目

12、要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】交变电流的=100=2f，所以频率为50Hz，故A正确；t=0时，电动势为零，线圈平面处于中性面，故B正确；当t=s时，e=220sin=0，故C错误；由表达式知最大值为220V，所以该电动势的有效值为220V，故D错误；故选AB【点睛】对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义8、CD【解析】A等势面一定跟电场线垂直，否则沿着等势面移动，电势能会变化，电场力会做功，故A错误；B沿电场线电势一定降低，故B错误；C在同一等势面上两点间移动电荷，电势能不变，故电场不做功，

13、故C正确；D处于静电平衡状态的导体是等势体，表面是一个等势面，否则电荷不能保持平衡，故D正确故选CD【点睛】电场中电势相等的各个点构成的面叫做等势面；等势面与电场线垂直，沿着等势面移动点电荷，电场力不做功电场线与等势面垂直电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低9、BC【解析】A电容器的带电量等于每个极板带电量的绝对值，则知平行板电容器一板带电+Q，另一板带电-Q，则此电容器带电量为Q，故A错误；B电容的定义式，采用比值法定义，其带电量与两板间的电压成正比，故B正确；C根据电容的决定式， 定义式和结合得到：电容器板间电场强度可知C与d无关，所以平行板电容

14、器保持带电量不变而增大两板的间距时，两板间的电场强度不变，故C正确；D平行板电容器保持两极板间电压不变，若增大两极板间距离，由可知，电容C减小，因板间电压U不变，由分析可知：Q减小，故D错误。10、BC【解析】AS闭合稳定后，线圈相当于定值电阻，对电路的阻碍减弱，回路中总电阻减小，电流增大，D2比S刚闭合时亮，故A错误； BD S闭合稳定后再断开开关，D2立即熄灭，但由于线圈的自感作用，L相当于电源，与D1组成回路，D1要过一会在熄灭，流过的电流方向相反，故B正确，D错误；CS闭合瞬间，由于自感线圈相当于断路，所以两灯是串联，电流相等，一起亮，故C正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答

15、案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.5 1.0 【解析】根据闭合电路欧姆定律有则可知图象与纵轴的交点表示电动势，图象的斜率表示内电阻；则由图示电源UI图可知，电源的电动势为内电阻为12、2000 （2） 大于 【解析】1作出图线如图 由可得2由于，电流表的分压引起误差比较小，所以选择（2）图3选择图（2）电流表内接法，由于电流表的分压，测量值大于真实值四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）正电 （2）mgtan/q【解析】(1)细线向右偏转，说明小球所受的电场力方向右，而场强也向右，说明小球带正电(2)以小球为研究对象