2023学年湖南省桃花源一中物理高二上期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，是一个由电池、电阻R、开关S与平行板电容器组成的串联电路，开关闭合，平行板电容器内一带电液滴静止，则 A减小电容器两极板间距离，液滴向下运动B减小电容器两极板间距离，电容

2、器的电容变小C减小电容器两极板间距离，电阻R中有从b流向a的电流D若开关断开再减小电容器两极板间距离，液滴向下运动2、在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以一定初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同一直线上，且AB=2BC，如图所示，由此可知（ ）A小球带正电B电场力大小为3mgC小球从A到B与从B到C的运动时间相等D小球从A到B与从B到C的速度变化相等3、在地球赤道上空，沿东西方向水平放置一根通以由西向东的直线电流，则此导线受到的安培力方向（）A竖直向上B竖直向下C由南向北D由西向东4、闭合线框abcd，自

3、某高度自由下落时穿过一个有界的匀强磁场，当它经过如图所示的三个位置时，感应电流的方向是（ ）A经过时，adcbaB经过时，abcdaC经过时，无感应电流D经过时，abcda5、ab是长为L的均匀带电细杆，P1、P2是位于ab所在直线上的两点，距b端均为，位置如图.ab上电荷产生的静电场在P1处的场强大小为，在处的场强大小为。则以下说法正确的是（ ）A两处的电场方向相反，C两处的电场方向相同，6、中国已成为世界上高铁系统技术最全、集成能力最强、运营里程最长、运行速度最高、在建规模最大的国家.报道称，新一代高速列车牵引功率达9000 kW，持续运行速度为350km/h则新一代高速列车沿全长约130

4、0km的京沪线从北京到上海，在动力上耗电约为 ( )A3.3l04kWhB3.ll06kWhCl.8l04kWhD3.3l05kWh二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，C为中间插有电介质的电容器， b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度以下操作能使静电计指针张角变大的是（ ）A将b板也接地Bb板不动、将a板向右平移C将a板向上移动一小段距离D取出a、b两极板间的电介质8、如图所示，在

5、平行板间加了互相垂直的匀强电场和匀强磁场，现从点以某初速发射带正电的粒子，粒子刚好沿直线运动至点，则：A若撤去磁场，粒子将向上偏转；B若撤去电场，粒子将向上偏转；C若发射的是带负电的粒子，仍沿直线运动至点；D若发射速度较小，仍沿直线运动至点9、一根粗细均匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，仍给它两端加上恒定电压U，已知电流微观式为I=neSV，其中n为单位体积电子个数，e为元电荷，S为导线模截面积，则下列说法中正确的是A此时金属导线的阻值为4RB此时通过金属导线的电流为C

6、此时自由电子定向移动的平均速率为D此时自由电子定向移动的平均速率为10、如图所示，电源两端的输出电压恒为， 为热敏电阻，其阻值随温度的升高而减小， 为指标灯泡， 为平行板电容器， 为灵敏电流计闭合开始在环境温度明显升高的过程中，下列说法正确的是（ ）A变亮B两端电压变小C电容下极板带电性质变为相反D中电流方向由三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）（1）在做“探究小车速度随时间变化的规律”的实验中，使小车停在靠近打点计时器处，让小车在钩码牵引下运动时是：A先通电 B先放手?_（填“A”或“B”）（2）在实验得到纸带上确定七个计数点A

7、、B、C、D、E、F、G，如图所示，每两个相邻的计数点之间还有一个点未画出来，测得CD间的距离为x3=5.20cm，DE间的距离为x4=5.99cm，FG间的距离为x6=7.62cm根据x3和x4计算D点的瞬时速度vD=_m/s（计算结果保留三位有效数字）对于匀变速直线运动的判别式x=aT2可推广到不相邻的两段相等时间内的位移差：,（n,m表示不为0的自然数，如1,2,3，nm）试用此推广式，利用已知的x3和x6，粗略求小车的加速度a=_m/s2(计算结果保留三位有效数字)某同学用两种方法处理数据求小车加速度方法A：运用x=aT2，由，求平均值方法B：运用，由，求平均值.方法A求得加速度的最终

8、表达式为=_ ；方法B求得加速度的最终表达式为 =_为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择_方法（填“A”或“B”）更合理12（12分）利用如图甲所示装置验证动量守恒定律实验过程如下：请将实验过程补充完整将打点计时器固定在长木板的一端把长木板有打点计时器的一端垫高，微调木板的倾斜程度，直到_，这样做的目的是_；后面贴有双面胶的小车A静止在木板上，靠近打点计时器的小车B连着穿过限位孔的纸带；接通打点计时器的电源，推一下小车B，使小车B运动一段距离后与小车A发生正碰，碰后粘在一起继续运动；小车运动到木板下端后，关闭电源，取下纸带如图乙，图中已标出各计数点之间的距离，小车碰撞发生在_（填“ab段”、

9、“bc段”、“cd段”或“de段”）；若打点计时器电源频率为50Hz，小车A的质量为0.2kg，小车B的质量为0.6kg，则碰前两小车的总动量是_kgm/s，碰后两小车的总动量是_kgm/s（结果保留三立有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，虚线PQ、MN间存在水平匀强电场，一带电粒子质量为m=2.010-11kg、电荷量为q=+1.010-5C，从a点由静止开始经电压为U=100V的电场加速后，经过b点垂直于匀强电场进入匀强电场中，从虚线MN的某点c （图中未画出）离开匀强电场时速度与电场方

10、向成60角。已知PQ、MN间距为20cm，带电粒子的重力忽略不计。求：(1)粒子在b点时的速度；(2)水平匀强电场的场强E的大小；(3)bc两点间的电势差Ubc。14（16分）如图所示，质量为510-8kg的带电微粒以v0=2m/s的速度从水平放置的金属板A、B的中央飞入板间，已知板长L=10cm，板间距离d=2cm。当UAB=1000V时，带电粒子恰好沿直线穿过板间，则UAB在什么范围内带电粒子能从板间飞出？（g取10m/s2）15（12分）如图所示，两平行金属板A、B长为L8 cm，两板间距离d8 cm，A板比B板电势高，且两板间电压大小为U=300 V，一带正电的粒子电荷量为q1.010

11、10 C、质量为m1.01020 kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场，初速度v02.0106 m/s，粒子飞出电场后经过界面MN、PS间的无电场区域，然后进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域（设界面PS右侧点电荷的电场分布不受界面的影响）。已知两界面MN、PS相距为s1=12 cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，距离界面PS为s2=9 cm，粒子穿过界面PS做匀速圆周运动，最后垂直打在放置于中心线上的荧光屏bc上。（静电力常量k9.0109 Nm2/C2，粒子的重力不计）（1）在图上粗略画出粒子的运动轨迹；（2）求粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离为多远；到达PS

12、界面时离D点为多远；（3）确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小。（计算结果保留两位有效数字）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A、减小电容器两极板间的距离，因为电压不变，场强增大，电场力增大，液滴向上运动，故A错误；B、根据电容的决定式，C=S4kd，减小极板距离，电容器的电容变大，故B错误；C、减小极板距离，电容变大，根据Q=CU知电压变大，电容器充电，电阻R中有从b流向a的电流，故C正确；D、断开开关时，电容器的电荷量不变，根据E=Ud=QCd=QS4kdd=4kQS，板间场强不变，电场力不变，液滴

13、仍然处于静止状态，故D错误。点睛：根据电容的决定式判断电容的变化，根据电容的定义式分析板间电压的变化，根据推论分析板间场强的变化，确定电荷能否保持静止，确定电容器是处于充电还是放电状态，判断电路中电流的方向。2、B【解析】根据小球从B点进入电场的轨迹可看出，小球带负电，故A 错误；因为到达C点时速度水平，所以C点速度等于A点速度，因为AB=2BC，设BC的竖直高度为h，则AB的竖直高度为2h，由A到C根据动能定理：mg3h-Eqh=0，即Eq=3mg，故B正确；小球从A到B在竖直方向上的加速度为g，所用时间为：；在从B到C，的加速度为向上，故所用时间：，故t1=2t2，故C 错误；小球从A到B

14、与从B到C的速度变化大小都等于，但方向相反，故D 错误。3、A【解析】地球表面附近赤道上空地磁场呈水平方向，由南向北，电流方向由西向东，由左手定则可判断导线受到的安培力方向竖直向上所以，A选项正确，BCD选项错误故选A4、C【解析】经过时，向里的磁通量增加，根据楞次定律则感应电流磁场方向向外，由右手定则判断感应电流方向为逆时针，故A错误；经过时，磁通量不变，则感应电流为0，故B错误，C正确；经过时，向里的磁通量减少，根据楞次定律感应电流的磁场方向向里，由右手定则判断感应电流方向为顺时针，故D错误故选C5、C【解析】由于细杆均匀带电，我们取b关于P1的对称点b，则bb段在P1点的电场互相抵消，整

15、个杆对于P1点的电场，仅仅相当于ab部分在P1的产生电场而对于P2，是整个杆都对其有作用，所以P2点的场强大【详解】将均匀带电细杆等分为无数段，每段可看作点电荷。设细杆带正电，根据电场的叠加原理，这些点电荷在P1的合场强方向向右，在P2的合场强方向向右，所以两处的电场方向相同。由于细杆均匀带电，取b点关于P1的对称点b，则细杆bb段电荷在P1点产生的电场互相抵消，整个杆在P1点产生的电场，仅仅相当于ab部分在P1的产生电场。而对于P2，是整个杆产生电场，而且杆各段在P2点产生的场强方向相同，所以P2点的场强大，即有E1E2；故选C.【点睛】本题的解题关键要掌握电场的叠加原理，采用分割的方法，分

16、段研究电场因为我们只学过点电荷的电场或者匀强电场，而对于杆产生的电场没有学过，因而需要将杆看成是由若干个点构成，再进行矢量合成6、A【解析】试题分析：列车从北京到上海的时间为：，在动力上耗电约为：，故选项A正确考点：电功、电功率【名师点睛】解决本题的关键要掌握功率公式，由此变形求出电功，即消耗的电能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由，分析电容的变化，根据C=Q/U分析电压U的变化【详解】将b板

17、也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A错误；b板不动、将a板向右平移，根据可知d变小时，C变大，Q不变时，根据C=Q/U，可知U减小，即静电计指针张角变小，选项B错误；将a板向上移动一小段距离，根据可知S变小时，C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项C正确；取出a、b两极板间的电介质，根据可知C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项D正确；故选CD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式和C=Q/U8、BC【解析】粒子在正交场中做直线运动

18、，受向下的电场力和向上的洛伦兹力，可知若撤去磁场，粒子将向下偏转；若撤去电场，粒子将向上偏转；选项B正确，A错误；若发射的是带负电的粒子，则受向上的电场力和向下的洛伦兹力，则仍沿直线运动至点，选项C正确；若发射速度较小，则洛伦兹力较小，则粒子向下偏转，不能沿直线运动至点，选项D错误；故选BC【点睛】此题是粒子速度选择器问题，关键是知道电场力和洛伦兹力相等时沿直线通过，基础题目.9、ABC【解析】将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化由电流的微观表达式I=nevS分析平均速率v的变化【详解】A项：将金属导线均匀拉长，

19、使其长度变为原来的2倍，横截面积变为原来的倍，根据电阻定律分析得到，电阻变为原来的4倍，故A正确；B项：根据欧姆定律可知，电流I变为原来的，即为，故B正确；C、D项：电流的微观表达式I=nevS，其中n、e不变，电流I为原来的，横截面积S变为原来的倍，则自由电子定向移动的平均速率为，故C正确，D错误故应选ABC10、ABD【解析】电容器断路，相当于电压表，其两端电压为路端电压，故电路为一个L与串联的电路，当温度上升时，热敏电阻值变小，电路中电阻变小，路端电压减小，电流变大，通过灯泡的电流增大，灯泡两端电压变大，则灯泡变亮，且路端电压减小，所以热敏电阻两端电压变小，电容器两端的电压也变小，则电容

20、器进行放电，但极板所带电荷的正负不变，电流由，ABD项正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A 1.40 5.04 B 【解析】（1）应先接通电源在释放纸带（1）每两个相邻的计数点之间还有一个点未画出来，所以时间间隔为T=0.04s，匀变速直线运动中，平均速度等于中间时刻的瞬时速度：根据，可得：，代入数据解得：a=5.04m/s1方法A：运用x=aT1，由，求平均值，联立以上可得：方法B求得加速度的最终表达式为：为使每段位移都用到，减小偶然误差，选择B方法更加合理12、轻推小车，使小车能够沿木板匀速下滑 平衡摩擦力，使系统合外力为零，

21、满足动量守恒的条件 cd段 1.16 1.08 【解析】12把长木板有打点计时器的一端垫高，轻推小车，使小车能够沿木板匀速下滑，这样做的目的是平衡摩擦力，使系统合外力为零，满足动量守恒的条件；3小车碰撞发生碰撞速度要减小，则知小车碰撞发生在段；4段小车的速度 ：段小车的速度：碰前两小车的总动量是：5碰后两小车的总动量是：故有：因此，在实验差误允许的范围，碰撞前后两小车的总动量守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)104 m/s；(2)；(3)【解析】（1）由动能定理得代入数据解得（2）进入PQ、MN间电场中后