原电池和电解池练习和的答案

1、.wd.wd.wd.原电池和电解池练习一、选择题1.如以下列图各容器中盛有海水，铁在其中被腐蚀由快到慢的顺序是ABCD2用惰性电极电解以下溶液，一段时间后，停顿电解，向溶液中参加一定质量的另一种物质(括号内)，能使溶液完全复原的是 () A. CuCl2(CuO) BNaOH(NaOH)CCuSO4 (CuCO3) DNaCl(NaOH)3.金属镍有广泛的用途。粗镍中含有少量Fe、Zn、Cu、Pt等杂质，可用电解法制备高纯度的镍，以下表达正确的选项是：氧化性Fe2Ni2Cu2A阳极发生复原反响，其电极反响式：Ni22eNiB电解过程中，阳极质量的减少与阴极质量的增加相等C电解后，溶液中存在的金

2、属阳离子只有Fe2和Zn2D电解后，电解槽底部的阳极泥中只有Cu和Pt4.某学生设计了一个“黑笔写红字的趣味实验。滤纸先用氯化钠、无色酚酞的混合液浸湿，然后平铺在一块铂片上，接通电源后，用铅笔在滤纸上写字，会出现红色字迹。据此，以下表达正确的选项是( )A铅笔端作阳极，发生复原反响铂片 滤纸 铅笔祝你成功ab直流电源B铂片端作阴极，发生氧化反响C铅笔端有少量的氯气产生Da点是负极，b点是正极5.如以以下列图,四种装置中所盛有的溶液体积均为200ml，浓度均为0.6mol/L，工作一段时间后，测得测得导线上均通过了0.2mol电子，此时溶液中的pH由大到小的顺序是A B CD6. 将含有0.40

3、0molCuSO4和0.200molKCl的水溶液1L，用惰性电极电解一段时间后，在一个电极上析出19.2gCu，此时在另一电极上放出的气体在标准状况下的体积为A5.60L B6.72L C4.48L D3.36L7.实验室用铅蓄电池作电源电解饱和食盐水制取氯气，铅蓄电池放电时发生如下反响：负极PbSO=PbSO42e，正极PbO24HSO2e=PbSO42H2O 。假设制得Cl2 物质的量为0.050mol，这时电池内消耗的H2SO4的物质的量至少是A.0.025 mol B.0.050 mol C.0.10 mol D.0.20 mol8.高铁电池是一种新型可充电电池，与普通高能电池相比，

4、该电池能长时间保持稳定的放电电压。高铁电池的总反响为 3Zn+2K2FeO4+8H2O3ZnOH2+2FeOH3+4KOH，以下表达不正确的选项是A、放电时负极反响为：Zn2e +2OH= ZnOH2B、充电时阳极反响为：FeOH33e + 5 OH = FeO+ 4H2OC、放电时每转移3 mol电子，正极有1mol K2FeO4被氧化D、放电时正极附近溶液的碱性增强9用惰性电极电解MNO3x的水溶液，当阴极上增重ag时，在阳极上同时产生bL氧气标准状况：从而可知M的原子量为A.B.C.D.10一种新型燃料电池，一极通入空气，另一极通入丁烷气体；电解质是掺杂氧化钇(Y2O3)的氧化锆(ZrO

5、2)晶体，在熔融状态下能传导O2。以下对该燃料电池说法不正确的选项是 ()A在熔融电解质中，O2移向负极B电池的总反响是：2C4H1013O2=8CO210H2OC通入空气的一极是正极，电极反响为：O24e=2O2D通入丁烷的一极是正极，电极反响为：C4H1026e13O2=4CO25H2O11用两支惰性电极插入500 mL AgNO3溶液中，通电电解。当电解液的pH从6.0变为3.0时设电解时阴极没有氢气析出，且电解液在电解前后体积变化可以忽略，电极上析出银的质量大约是A27 mg B54 mg C108 mg D216 mg12.用铂电极电解2价过渡元素硝酸盐溶液600mL，假设某极产生6

6、72mL气体标准状况，另一极增重3.81g，假设溶液体积不变，且原溶液pH值为6，正确的判断是：电解后溶液的pH值为0.9，电解后溶液pH值的为0.7，该金属的相对原子量为65，该金属的相对原子量为63.5，该金属的相对原子量为24。A B C D13.右图所示装置I是一种可充电电池，装置II为电解池。离子交换膜只允许Na通过，充放电的化学方程式为2Na2S2+NaBr3 Na2S4+3NaBr。闭合开关K时，b极附近先变红色。以下说法正确的选项是A负极反响为4Na4e=4NaB当有001 mol Na通过离子交换膜时，b电极上析出标准状况下的气体112 mLC闭合K后，b电极附近的pH变小D

7、闭合K后，a电极上有气体产生14. 在蒸馏水中按物质的量之比为1112参加AgNO3，BaNO32，Na2SO4，NaCl，使之完全溶解，以铂电极电解该混合物至溶质完全反响，那么所得氧化产物与复原产物的质量比为：A35.5108 B712 C10835.5 D7110915.三氧化二镍Ni2O3可用于制造高能电池，其电解法制备过程如下：用NaOH调NiCl2溶液pH至7.5，参加适量Na2SO4后进展电解，电解过程中产生的Cl2在弱碱性条件下生成ClO-，把二价镍氧化成三价镍以下说法正确的选项是A.可用铁做阳极材料B.阳极反响方程式为：2Cl- 2e-=Cl2C.电解过程中阳极附近溶液的pH升

8、高D.1mol二价镍全部转化成三价镍时，外电路中通过了2mol电子16.将质量分数为0.052的NaOH溶液1L密度为1.06gcm-3用铂电极电解，当溶液中NaOH的质量分数改变了0.010时停顿电解，那么这时溶液中应符合的关系是NaOH的质量分数阴极析出的物质的质量/g阳极析出的物质的质量/gA0.06219152B0.06215219C0.0421.29.4D0.0429.41.217碱性电池具有容量大、放电电流大的特点，因而得到广泛应用。锌锰碱性电池以氢氧化钾溶液为电解液，电池总反响式为：Zn(s)+2MnO2(s)+H2O(l)=Zn(OH)2(s)+Mn2O3(s)。以下说法错误的

9、选项是 A电池工作时，锌失去电子 B电池正极的电极反响式为：2MnO2(s)+H2O(1)+2e=Mn2O3(s)+2OH(aq) C电池工作时，电子由正极通过外电路流向负极 D外电路中每通过0.2mol电子，锌的质量理论上减小6.5g二、填空题18.以以下列图表示各物质之间的转化关系。：A、D、F、H均为单质，X常温下为无色液体，B为淡黄色固体，J溶于酸得到黄色溶液。请按要求填空：写出B的电子式：写出用A作电极电解G溶液，在电极上生成E的反响式：反响的现象是反响的化学方程式是 ,反响在生产中有重要应用，被称为反响。反响的离子方程式是19.在如右图所示的实验装置中，E为一张淀粉、碘化钾和酚酞混

10、合溶液润湿的滤纸，C、D为夹在滤纸两端的铂夹，X、Y分别为直流电源的两极。在A、B中充满KOH溶液后倒立于盛有KOH溶液的水槽中，再分别插入铂电极。切断电源开关S1，闭合开关S2，通直流电一段时间后，请答复以下问题：(1)标出电源的正、负极：X为极，Y为极。(2)在滤纸的C端附近，观察到的现象是，在滤纸的D端附近，观察到的现象是。3)写出电极反响式：A中；B中；C中；D中。(4)假设电解一段时间后，A、B中均有气体包围电极，此时切断开关S2，闭合开关S1，那么电流计的指针是否发生偏转填“偏转或“不偏转。(5)假设电流计指针偏转，写出有关的电极反响式假设指针不偏转，此题不必答复：A中；B中。假设

11、电流计指针不偏转，请说明理由假设指针不偏转，此题不必答复20.工业上+6价的Cr含量不能大于0.5mgL-1，为了到达废水排放标准，工业上处理含往工业废水中参加适量的NaCl12gL-1；以铁电极进展电解，经过一段时间后有CrOH3和FeOH3沉淀生成；过滤回收沉淀，废水到达排放标准。试答复：1写出电解时的电极反响，阳极_阴极_。3电解过程中CrOH3，FeOH3沉淀是怎样产生的_。4能否将电极改为石墨电极为什么_。21 .将质量相等的铜片和铂片插入硫酸铜溶液中，铜片与电源正极相连，铂片与电源负极相连，以电流强度1A通电10min，然后将电源反接，以电流强度为2A继续通电10min。试答复：1

12、铜电极和铂电极质量为横坐标，时间为纵坐标，分别作出铜电极、铂电极的质量和时间的关系图。2上述过程中发生的现象是：铜电极；铂电极。3最后时刻两电极的电极反响式：铜电极；铂电极。原电池和电解池练习答案1.A【解析】金属腐蚀在此条件下主要是电化学腐蚀,通常从原电池原理以及电解的原理进展分析。当铁与比它不活泼的金属连在一起构成原电池时，铁为负极，被腐蚀的速度增大，；当铁与比它活泼的金属连接，构成原电池时，铁是正极，铁被保护，被腐蚀的速度减小，；在电解装置中，铁接电源的正极，铁被腐蚀的速度加快，因此，腐蚀速度 。金属腐蚀快慢的判断：电解原理引起的腐蚀原电池原理引起的腐蚀化学腐蚀有防腐蚀措施的腐蚀；2.C

13、【解析】选项产物物质的量比复原参加物质A Cu：Cl2 1：1CuCl2固体BH2：O22：1H2OCCu：O2 2：1CuO或CuCO3DCl2：H2 1：1HCl气体3. D 4. D 【解析】此题考察的是电解饱和食盐水实验，电解实验中阳极发生氧化反响，生成氯气，阴极发生复原反响生成氢气，由电极反响式可知，在阴极生成氢氧化钠，出现红色字迹，所以铅笔做阴极，a为电源负极。5. C【解析】假设氢离子放电，PH增大，假设氢氧根放电PH减小。中锌电极参与反响，电解质溶液PH 基本不发生变化。中阴极上氢离子放电，溶液渐渐成碱性。阴极上氢离子放电，导线上通过了0.2mol电子，那么溶液中减少了氢离子的

14、物质的量也为0.2mol，根据原溶液的体积和浓度，氢离子的物质的量减少为0.04mol，浓度变为0.2mol/L。中由于氢氧根离子放电,当导线上通过了0.2mol电子，那么溶液中氢氧根离子减少0.2mol,即氢离子的物质的量增加0.2molL .溶液体积均为0.2L,浓度约为1 mol/L。PH的变化符合C。6.C 【解析】电路中确实转移了0.600mol的电子，但溶液中仅有0.200mol的氯离子，其放电析出0.100mol的氯气。阳极放电的下一个产物应是氢氧根离子失电子转化成氧气，其量为0.400mol的电子转移，产生0.100mol的氧气。因此在阳极最终生成0.200mol的气体，在标况

15、下的体积为4.48L。7.C【解析】该题只要明确原电池和电解池原理，抓住转移电子守恒即可。由2Cl2e=Cl2，可知制0.05 mol Cl2转移0.10 mol电子，再由铅蓄电池总反响：PbPbO24H2SO=2PbSO42H2O可看出每转移2 mol e消耗2 mol H2SO4，现转移0.10 mol电子，将耗0.10 mol硫酸。8.C【解析】A是关于负极反响式的判断，判断的要点是：抓住总方程式中“放电是原电池、“充电是电解池的规律，再分析清楚价态的变化趋势，从而快速准确的判断，A是正确的。B是充电时的阳极方程式，首先判断应该从右向左，再判断阳极应该是失去电子，就应该是元素化合价升高的

16、元素所在的化合物参加反响，然后注重电子、电荷以及元素三个守恒，B正确；C主要是分析原总方程式即可，应该是1mol K2FeO4被复原，而不是氧化。D选项中关于放电时正极附近的溶液状况，主要是分析正极参加反响的物质以及其电极反响式即可，本答案是正确的。答案选9.C10.D【解析】燃料电池中通入复原剂的一极为负极，丁烷在负极失电子。C4H1026e13O2=4CO25H2O。11. B【解析】电解的化学方程式： 阳极：40H-4e-2H2O +O2 阴极：Ag+e-Ag 总的化学方程式：4AgNO3+2H2O电解=4Ag+4HNO3+O2 PH=6时，cH+=10-6mol/L括号里的数字为指数，

17、下同 PH=3时，cH+=10-3mol/L 因此nH+的变化量为： 0.5*10-3-0.5*10-6mol 因为两个数字的数量级相差太远，因此后面的减数可以忽略不计 所以nH+的变化量为： 0.5*10-3 mol，这也就是由电解生成的H+ 所以电极上应析出银的质量是：0.5*10-3*108=0.054g=54mg12.B13.B【解析】此题信息新颖，多数同学被所给的电池反响很不熟悉，习惯写出电极式的同学会因为写不出电极反响式而做不出来。电源的正极：Br3-+2 e=3Br- 电源的负极2 S22-2 e= S42-，内电路为Na+移动导电。由题意可知b极阴极：2H+2 e= H2，a极

18、阳极：Cu-2 e= Cu2+，所以C，D均错误。对于B项当有001 mol Na通过离子交换膜时，说明有内电路通过了0.01 mol的电荷，外电路转移的电子也就为0.01 mol。结合b极反响，产生的气体就为0.005 mol，体积为112 mL。只有B正确。14.B【解析】当四种物质混合时，相互间有反响发生，硝酸银和氯化钠、硝酸钡和硫酸钠以等物质的量发生反响，生成难溶的氯化银、硫酸钡和硝酸钠。电解质溶液转化为按物质的量之比为31的NaNO3，NaCl，电解时只有氯离子和氢离子参加电极反响，氧化产物与复原产物的质量比为712。15. B【解析】A、电解过程中产生的氯气是氯离子失电子发生氧化反

19、响，铁做阳极时铁失电子发生氧化反响无氧化剂生成，故A错误；B、阳极反响是氯离子失电子发生氧化反响电解反响为：2Cl-2e-=Cl2，故B正确；C、电解过程中阳极附近生成的氯气与水反响生成盐酸和次氯酸，溶液的pH降低，故C错误；D、1mol二价镍全部转化成三价镍时转移电子1mol，外电路中通过了1mol电子，故D错16. B 解析此题考察考生对电解原理的理解。在设计试题时有意提供了某些可应用于速解的信息，借以考察考生思维的敏捷性。常规解：由题设条件可知，1LNaOH溶液中含有的溶质质量为：1000mL1.06gcm-30.052=55.12g，电解稀硫酸事实上消耗了水，使溶液浓度增大，停顿电解时

20、溶质的质量分数为0.062，停顿电解时溶液的质量为：。那么被电解的水为：1060g-889g=171g。根据电解水的化学方程式不难算出：在阳极析出的氧气为：，在阴极析出的氢气为：，选项B正确；非常规解：根据电解NaOH溶液事实上是电解水这一结论，可看出随着电解的进展，溶液中溶质的质量分数增加，这样，C、D两项应予否认。电解水是阳极析出的是氧气，阴极析出的是氢气，它们的物质的量之比应为21，前者质量大于后者，只有选项B符合题意。17. C18.X常温下为无色液体判断为H2O，B为淡黄色固体为Na2O2，反响的现象是白色物质迅速变为灰绿色，最终变为红褐色，说明J为FeOH3；F为O2，G为NaOH

21、，A为单质，结合转化关系可知，A为Fe，电解池中阳极是铁失电子生成亚铁离子，阴极放出H2，所以溶液中在阳极生成氢氧化亚铁；D为H2，E为FeOH2，C为Fe3O4，H为Al，I为Al2O3，K为NaAlO2，综合推断和转化关系判断各物质分别为：A、Fe；B、Na2O2；C、Fe3O4；D、H2；E、FeOH2；F、O2；G、NaOH；H、Al；J、FeOH3；K、NaAlO2；【答案】1B的化学式是Na2O22反响可放出大量热，故称为铝热反响不能答放热反响该类反响的一个重要应用是冶炼金属3反响的化学反响方程式是3Fe+4H2Og=高温Fe3O4+4H2该反响的氧化产物是Fe3O44上述电解装置

22、中阴极的电极反响式2H2O+2e-=H2+2OH-或2H+2e-=H219.指针偏转。(5)A中2H2+4OH-4e-=4H2O；B中2H2O+O2+4e-=4OH- 。20.【答案】1阳极Fe-2eFe2+，阴极2H+2eH2。3因H+放电，破坏了水的电离平衡，产生的OH-与溶液中的Fe3+，Cr3+生成CrOH3和FeOH3沉淀。4不能，因用石墨电极，阳极Cl-放电，不能产生复原剂Fe2+，【解析】 此题是一道电解实际应用题。电解阳极阴离子的放电顺序是：硫离子、碘离子、溴离子、氯离子，由于忽略了非惰性金属电极放电先于溶液中阴离子放电，因此将阳极反响写为：2Cl-2eCl2。另一种误解是认为，既然是铁电极放电，其电极反响为：Fe-3eFe3+，忽略了电极铁是过量的，因此阳极的电极反响应为：Fe-2eFe2+。溶液中的阳离子流向阴极，其放电反响应