2022-2023学年上海外国语大学附属浦东外国语学校化学高三第一学期期中调研试题（含解析）

1、2022-2023高三上化学期中模拟测试卷注意事项：1 答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用05毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、常温时，向20mL 0.1 mol/L的CH3COOH溶液中逐滴滴加0.1 mol/L的NaOH溶液，滴入NaOH溶液的体积与溶液pH的变化如图所示

2、。下列说法正确的是Aa点的pH=1Bb点时，c (CH3COO)=0.05mol/LCc点时，V(NaOH)=20mLD反应过程中的值不断增大2、赤铜矿的成份是Cu2O，辉铜矿的成份是Cu2S，将赤铜矿与辉铜矿混合加热有以下反应：2Cu2O+Cu2S 6Cu+SO2，对于该反应，下列说法正确的是（ ）A该反应的氧化剂只有Cu2OBCu既是氧化产物又是还原产物C每生成1 mol Cu，还原剂转移给氧化剂的电子为2 molD该反应中氧化产物与还原产物的质量比为163、下列说法中，正确的是（ ）A原子晶体中，共价键的键长越短，键能越大，熔点就越高B冰融化时，分子中键发生断裂C分子晶体中，共价键键能越

3、大，该分子的熔沸点就越高D分子晶体中，分子间作用力越大，则分子越稳定4、室温时，向20mL0.1mol/L醋酸溶液中不断滴入0.1mol/L的NaOH溶液，溶液pH变化如图所示。下列叙述错误的是Aa点:c(CH3COOH)+2c(H+)=c(CH3COO-)+2c(OH-)Bb点:c(Na+)=c(CH3COOH)+c(CH3COO-)CC点:c(OH-)=c(CH3COOH)+c(H+)Dd点:2c(Na+)=3c(CH3COOH)+c(CH3COO-)5、向一恒容密闭容器中充入一定量的NO和炭粉，使之发生反应：C(s)+2NO(g)CO2(g)+N2(g)H，平衡时c(NO)与温度T的关系

4、如图所示。下列说法正确的是AH0BT2时，D点达到平衡时的平衡常数与B点的相等C正反应速率:v(B)v(D)v(A)D温度由T1升高到T3，NO的转化率增大6、下列有关实验的内容正确的是( )A可用碱式滴定管量取12.85 mL的KMnO4溶液B实验室蒸馏石油可用如图甲所示实验装置C取用金属钠或钾时，没用完的钠或钾要放回原瓶D配制500 mL 0.4 mol/L NaCl溶液，必要的仪器如图乙所示7、化学无处不在，下列说法错误的是A元丰行示德逢里“雷蟠电掣云滔滔，夜半载雨输亭皋”涉及化学反应B举世轰动的“超级钢”(含)是一种新型合金C中国传统制作油条的口诀是“一碱、二矾、三钱盐”，其中的“碱”

5、是火碱D根据化学学科核心素养之一(证据推理与模型认知)可推知胶体也可吸附悬浮杂质8、下列古诗词描述的场景中发生的化学反应不属于氧化还原反应的是（ ）A爆竹声中一岁除黑火药受热爆炸B烈火焚烧若等闲石灰石分解C蜡炬成灰泪始干石蜡的燃烧D炉火照天地，红星乱紫烟铁的冶炼9、工业上用CO和H2生产燃料甲醇。一定条件下密闭容器中发生反应，测得数据曲线如下图所示（反应混合物均呈气态）。下列说法错误的是A反应的化学方程式:CO+2H2CH3OHB反应进行至3分钟时，正、逆反应速率相等C反应至10分钟，(CO) = 0.075 mol/LminD增大压强，平衡正向移动，K不变10、下列反应既属于氧化还原反应,又

6、属于放热反应的是()A氢氧化钠与稀盐酸的反应B甲烷在氧气中的燃烧反应C灼热的碳与CO2的反应DBa(OH)28H2O与NH4Cl的反应11、 “绿色化学实验”已走进课堂，下列做法符合“绿色化学”的是实验室收集氨气采用图1所示装置实验室做氯气与钠的反应实验时采用图2所示装置实验室中用玻璃棒分别蘸取浓盐酸和浓氨水做氨气与酸生成铵盐的实验实验室中采用图3所示装置进行铜与稀硝酸的反应ABCD12、被称为“国防金属”的镁 ，60%来自海洋，从海水中提取镁的正确方法是物质氧化镁氯化镁熔点/2852714A海水Mg(OH)2MgB海水MgCl2溶液MgCl2(熔融)MgC海水Mg(OH)2MgOMgD海水M

7、g(OH)2MgCl2溶液MgCl2(熔融)Mg13、将0.195g锌粉加入到20.0mL的0.100 molL-1MO2+溶液中，恰好完全反应，则还原产物可能是AMBM2+CM3+DMO2+14、下列关于胶体的叙述中，不正确的是（ ）AFe(OH)3胶体和FeCl3溶液的本质区别是Fe(OH)3胶体有丁达尔效应，而FeCl3溶液无丁达尔效应B胶体在自然界是普遍存在的，如有色玻璃就是一种胶体C胶体分散质粒子直径是10-9-10-7米范围内DFe(OH)3胶体能够吸附水中悬浮的固体颗粒并沉降，达到净水目的15、元素钒在溶液中有多种存在形式，比如：V2(紫色)、V3(绿色)、VO2(蓝色)、(黄色

8、)等。钒液可充电电池的工作原理如图所示。已知充电时，左槽溶液颜色由蓝色逐渐变为黄色，溶液中c(H)1.0molL1，阴离子为。下列说法不正确的是Aa极为电池的正极B充电时，阳极电极反应式为VO2H2Oe2HC放电过程中，右槽溶液颜色由紫色变为绿色D放电时，电子由C2极流出经交换膜流向C1极16、在xR2+ + yH+ +O2 = mR3+ + nH2O的离子方程式中,对化学计量数m 和R2+、R3+。判断正确的是()Am=y, R3+ 是还原剂Bm=2y, R2+ 被氧化Cm=2, R3+ 是氧化剂Dm=4, R2+ 是还原剂二、非选择题（本题包括5小题）17、香料甲和G都在生活中有很多用途，

9、其合成路线如下:已知:R1CHO+R2CH2CHO(R1、R2代表烃基或氢原子)D与A互为同系物;在相同条件下，D蒸气相对于氢气的密度为39。（1）A的名称是_，G中含氧官能团的名称是_。（2）的反应类型是_，B和F的结构简式分别为_、_。（3）写出一种能鉴别A和D的试剂:_;C有多种同分异构体，其中属于芳香族化合物的有_种。（4）写出反应的化学方程式:_。（5）G的同分异构体是一种重要的药物中间体，其合成路线与G相似，请以为原料设计它的合成路线(其他所需原料自选)。_18、.A、B、C、D、E均为中学化学常见的纯净物，B为自然界中含量最多的液体，它们之间有如下的反应关系：（1）若A为短周期的

10、金属单质，D为气态单质，0.1 mol/L C溶液的pH=13。该反应的离子方程式为_。（2）若A的溶液能使淀粉溶液变蓝，C为非金属氧化物，能使品红溶液褪色，该反应的化学方程式为_。（3）若A、C、D、E均为化合物，E为白色沉淀，且A、C、E含有同一种元素，该反应的离子方程式为_。（4）若A是黄绿色气体；C的焰色呈黄色，C溶液遇稀硫酸既产生淡黄色的沉淀又生成有刺激性气味的无色气体；生成物D是一种酸式盐，E是一种强酸。该反应的化学方程式为_。.（5）二氧化氯是目前国际上公认的第四代高效、无毒的广谱消毒剂，它可由KClO3在H2SO4存在下与Na2SO3 反应制得。请写出反应的离子方程式_。（6）

11、过碳酸钠是一种有多用途的新型氧系固态漂白剂，化学式可表示为Na2CO33H2O2，它具有Na2CO3和H2O2的双重性质。过碳酸钠与下列物质均会发生化学反应而失效，其中过碳酸钠只发生了还原反应的是_。AMnO2 BKMnO4溶液 C稀盐酸 DNa2SO3溶液19、某同学在实验室进行铁盐与亚铁盐相互转化的实验：实验：将Fe3+转化为Fe2+（1）Fe3+与Cu粉发生反应的离子方程式为_。（2）探究白色沉淀产生的原因，请填写实验方案：实验方案现象结论步骤1：取4mL_mol/L CuSO4溶液，向其中滴加3滴0.1mol/L KSCN溶液产生白色沉淀CuSO4与KSCN反应产生了白色沉淀：步骤2：

12、取 _无明显现象查阅资料：SCN的化学性质与I相似 2Cu2+ + 4 I= 2CuI+ I2，Cu2+与SCN反应的离子方程式为_。实验：将Fe2+转化为Fe3+实验方案现象向3mL 0.1mol/L FeSO4溶液中加入1 mL 8mol/L稀硝酸溶液变为棕色，放置一段时间后，棕色消失，溶液变为黄色探究上述现象出现的原因：查阅资料：Fe2+ + NO Fe(NO)2+(棕色)（3）用离子方程式解释NO 产生的原因_。（4）从化学反应速率与限度的角度对体系中存在的反应进行分析：反应：Fe2+与HNO3反应； 反应：Fe2+与NO反应 依据实验现象，甲认为反应的速率比反应_(填“快”或“慢”)

13、。 乙认为反应是一个不可逆反应，并通过实验证明其猜测正确，乙设计的实验方案是_。 请用化学平衡移动原理解释溶液由棕色变为黄色的原因_。（5）丙认为若生成的NO与Fe2+不接触，溶液就不会出现棕色，请设计实验方案，并画出实验装置图，实现Fe2+Fe3+的转化，同时避免出现此异常现象。20、某学习小组依据SO2具有还原性，推测SO2能被Cl2氧化生成SO2Cl2。查阅资料：SO2Cl2的熔点为54.1 ，沸点为69.1 ，极易水解，遇潮湿空气会产生白雾。(1)化合物SO2Cl2中S元素的化合价是_。(2)实验室中制备氯气时为得到干燥纯净的氯气，应将气体依次通过盛有_和_的洗气瓶。(3)用如图所示装

14、置制备SO2Cl2。B中冷凝水从_(填“m”或“n”)口进入。 C中盛放的试剂是_。(4)向所得液体中加水，出现白雾，振荡、静置得到无色溶液。经检验该溶液中的阴离子(除OH外)只有SO42-、Cl，写出SO2Cl2与H2O反应的化学方程式：_。21、将甘油（C3H8O3）转化为高附值产品是当前热点研究方向，如甘油和水蒸气、氧气经催化重整或部分催化氧化可制得氢气，反应主要过程如下：（1）下列说法正确的是_（填字母序号）。a.消耗等量的甘油，反应I的产氢率最高b.消耗等量的甘油，反应II的放热最显著c.经过计算得到反应III的H3=-237.5 kJ/mol，d.理论上，通过调控甘油、水蒸气、氧气

15、的用量比例可以实现自热重整反应，即焓变约为0，这体现了科研工作者对吸热和放热反应的联合应用（2）研究人员经过反复试验，实际生产中将反应III设定在较高温度（600700C）进行，选择该温度范围的原因有：催化剂活性和选择性高、_。（3）研究人员发现，反应I的副产物很多，主要含有：CH4、C2H4、CO、CO2、CH3CHO、CH3COOH等，为了显著提高氢气的产率，采取以下两个措施。首要抑制产生甲烷的副反应。从原子利用率角度分析其原因：_。用CaO吸附增强制氢。如图1所示，请解释加入CaO的原因：_。（4）制备高效的催化剂是这种制氢方法能大规模应用于工业的重要因素。通常将Ni分散在高比表面的载体

16、（SiC、Al2O3、CeO2）上以提高催化效率。分别用三种催化剂进行实验，持续通入原料气，在一段时间内多次取样，绘制甘油转化率与时间的关系如图2所示。结合图2分析Ni/SiC催化剂具有的优点是_。研究发现造成催化效率随时间下降的主要原因是副反应产生的大量碳粉（积碳）包裹催化剂，通过加入微量的、可循环利用的氧化镧（La2O3）可有效减少积碳。其反应机理包括两步：第一步为：La2O3+CO2 La2O2CO3第二步为：_（写出化学反应方程式）。2022-2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、D【答案解析】A、CH3COOH为弱酸，部分电离，a点为0

17、.1 mol/L的CH3COOH溶液，c(H+)浓度小于0.1 mol/L，则pH大于1，故A错误；B、b点溶质为CH3COOH和CH3COONa，二者物质的量相等；溶液体积由20mL扩大为30mL，根据物料守恒c(CH3COOH)+c(CH3COO)=0.1 mol/L；CH3COOH的电离和CH3COO的水解均是微弱的，则二者的浓度应均接近于0.033mol/L，不会等于0.05mol/L，故B错误； C、假设c点时，V(NaOH)=20mL，则CH3COOH与NaOH恰好完全反应生成CH3COONa，此时溶液显碱性，pH7，与图不符，故假设不成立，故C错误；D、，随着NaOH的加入，溶液

18、的碱性逐渐增强，c(H+)逐渐减小，而温度不变，Ka不变，则的值逐渐增大，故D正确。故选D。点睛：b点溶质为CH3COOH和CH3COONa，二者物质的量相等，此时溶液显酸性，则CH3COOH的电离大于CH3COO的水解，所以c(CH3COO)c(CH3COOH)，又c(CH3COOH)+ c(CH3COO)= 0.1 mol/L，所以c(CH3COO)略大于0.033mol/L，c(CH3COOH)略小于0.033mol/L，B选项为该题的难点。2、D【答案解析】试题分析：A、2Cu2O+Cu2S6Cu+SO2，Cu元素化合价降低，所以反应物Cu2S、Cu2O是氧化剂， A错；Cu为还原产物

19、，B错；分析氧化还原反应可知每摩尔反应转移6mole-，所以生成1 mol Cu，还原剂转移给氧化剂的电子为1 mol，C错；分析可知SO2是氧化产物、Cu是还原产物，质量比是164:664=1:6，故D对。考点：理解氧化还原反应。点评：氧化还原反应的实质是电子的转移，表现为元素化合价的变化，掌握双线桥法，是对氧化还原反应的计算，氧化剂、还原剂、氧化产物、还原产物判断的基础。3、A【题目详解】A. 原子晶体中，共价键的键长越短，键能越大，熔点就越高，正确；B. 冰融化时，只发生状态的改变，而化学键没有改变，所以分子中键不发生断裂，错误；C. 分子晶体中，分子间作用力越大，该分子的熔沸点就越高，

20、但与共价键无关，错误；D. 分子的稳定性与分子内的共价键有关，与分子间作用力无关，错误。故选A。4、B【答案解析】A.反应进行到a点时，溶液中的溶质为CH3COOH和CH3COONa（1:1），据电荷守恒得到c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-)，据物料守恒2c(Na+)=c(CH3COOH)+ c(CH3COO-)，整理得到c(CH3COOH)+2c(H+)=c(CH3COO-)+2c(OH-)，A正确；B.反应进行到b点，溶液呈中性c(H+)= c(OH-)，溶液中电荷守恒规律c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-)，得c(Na+)= c(CH3C

21、OO-)，B错误；C.反应进行到c点，醋酸与氢氧化钠恰好完全反应生成醋酸钠，据电荷守恒得c(Na+)+c(H+)=c(CH3COO-)+c(OH-)，据物料守恒得c(Na+)= c(CH3COO-)+ c(CH3COOH)，整理后得到c(OH-)=c(H+)+c(CH3COOH)，C正确；D.反应进行到d时，溶液中溶质为NaOH和CH3COONa混合物（1:2），根据Na+和原子团“CH3COO”守恒得出溶液中物料守恒为规律为：2c(Na+)=3 c(CH3COO-)+3 c(CH3COOH)，D正确；答案选B。5、B【答案解析】A由图可知，温度越高平衡时c(NO)越大，即升高温度平衡逆移，所

22、以正反应为放热反应，即H0，故A错误；B. 平衡常数只与温度有关，两点的温度相同，平衡常数相同，故B正确；C. 温度越高，反应速率越快，浓度越大，反应速率越快，正反应速率:v(D)v(B)v(A)，故C错误；D. 该反应为放热反应，升高温度，平衡逆向移动，温度由T1升高到T3，NO的转化率减小，故D错误；故选B。点睛：本题以化学平衡图像为载体，考查温度对平衡移动的影响、对化学平衡常数的影响等，侧重考查学生的分析能力，注意曲线的各点都处于平衡状态。正确判断A的正误是解题的基础。6、C【题目详解】A高锰酸钾溶液具有强氧化性，能腐蚀橡胶，应该用酸式滴定管，A错误；B蒸馏时温度计水银球应该放在蒸馏烧瓶

23、的支管出口处，B错误；C钠和钾均是活泼的金属，极易与氧气和水反应，所以取用金属钠或钾时，没用完的钠或钾要放回原瓶，C正确；D配制500 mL 0.4 molL1NaCl溶液还缺少500m容量瓶和胶头滴管，不需要分液漏斗，D错误。答案选C。7、C【题目详解】A诗中主要涉及“雷雨发庄稼”，在放电条件下，空气中的氧气和氮气化合生成了氮的氧化物，氮的氧化物再经过复杂的化学变化，最后生成了易被农作物吸收的硝酸盐，涉及化学反应有N2+O22NO、2NO+O2=2NO2、3NO2+H2O=2HNO3+NO，故A正确；B“超级钢”中含Mn10%、C0.47%、Al2%、V0.7%，则“超级钢”不是化合物，而是

24、一种合金钢，是新型合金材料，故B正确；C碳酸钠能与明矾发生双水解反应生成二氧化碳，“一碱、二矾、三钱盐”中的“碱”是纯碱碳酸钠，常用作“口碱”，不是火碱氢氧化钠，故C错误；D氢氧化铬属两性氢氧化物，与氢氧化铝类似，Cr(OH)3胶体也可吸附悬浮杂质，故D正确；故答案为C。8、B【题目详解】A. 黑火药受热爆炸发生的是氧化还原反应，A项错误；B. 石灰石分解生成氧化钙和CO2，没有化合价的升降，发生的不是氧化还原反应，B项正确；C. 石蜡的燃烧属于氧化还原反应，C项错误；D. 铁的冶炼过程中涉及了氧化还原反应，D项错误；答案选B。9、B【分析】由图可知，CO的浓度减小，甲醇浓度增大，且平衡时c(

25、CO)=0.25mol/L，c(CH3OH)=0.75mol/L，转化的c(CO)=0.75mol/L，结合质量守恒定律可知反应为CO+2H2CH3OH，3min时浓度仍在变化，浓度不变时为平衡状态，且增大压强平衡向体积减小的方向移动，以此来解答。【题目详解】A用CO和H2生产燃料甲醇，反应为CO+2H2CH3OH，故A正确；B反应进行至3分钟时浓度仍在变化，没有达到平衡状态，则正、逆反应速率不相等，故B错误；C反应至10分钟，(CO)=0.075mol/(Lmin)，故C正确；D该反应为气体体积减小的反应，且K与温度有关，则增大压强，平衡正向移动，K不变，故D正确；故答案为B。10、B【题目

26、详解】A. 氢氧化钠与稀盐酸的反应属于非氧化还原反应，与题意不符，A错误；B. 甲烷在氧气中的燃烧反应，既属于氧化还原反应,又属于放热反应，符合题意，B正确；C. 灼热的碳与CO2的反应，属于吸热反应，与题意不符，C错误；D. Ba(OH)28H2O与NH4Cl的反应，属于吸热反应，与题意不符，D错误；答案为B。11、C【分析】分析每种装置中出现的相应特点，再判断这样的装置特点能否达到处理污染气体，减少污染的效果。【题目详解】图1所示装置在实验中用带有酚酞的水吸收逸出的氨气，防止氨气对空气的污染，符合“绿色化学”，故符合题意；图2所示装置用沾有碱液的棉球吸收多余的氯气，能有效防止氯气对空气的污

27、染，符合“绿色化学”，故符合题意；氨气与氯化氢气体直接散发到空气中，对空气造成污染，不符合防止污染的理念，不符合“绿色化学”，故不符合题意；图3所示装置中，铜丝可以活动，能有效地控制反应的发生与停止，用气球收集反应产生的污染性气体，待反应后处理，也防止了对空气的污染，符合“绿色化学”，故符合题意；故符合“绿色化学”的为。故选C。【答案点睛】“绿色化学”是指在源头上消除污染，从而减少污染源的方法，与“绿色化学”相结合的往往是原子利用率，一般来说，如果所有的反应物原子都能进入指定的生成物的话，原子的利用率为100%。12、D【答案解析】从海水中提取镁的方法是：先加石灰乳使水中的镁离子通过和石灰乳反

28、应生成氢氧化镁白色沉淀，然后利用盐酸溶解氢氧化镁生成氯化镁溶液，从氯化镁溶液中结晶得到MgCl26H2O，在HCl气流中加热MgCl26H2O得到无水MgCl2，镁是活泼的金属，通过电解熔融的氯化镁即可以得到金属镁。【题目详解】A. Mg(OH)2不导电，无法电解，A不正确；B. 海水中通入氯化氢（或加入盐酸）不能得到不含杂质的MgCl2溶液，B不正确；C. MgO不导电，其在熔融状态下能导电，但其熔点很高，不适合制备Mg，C不正确；D. 海水Mg(OH)2MgCl2溶液MgCl2(熔融)Mg，该流程与实际工业生产相符，D正确。答案：选D。【答案点睛】海水中含有MgCl2，工业上从海水中提取镁

29、首先是富集；根据石灰乳比氢氧化钠廉价易得，一般不用氢氧化钠，在海水中加石灰乳过滤得沉淀氢氧化镁；加盐酸得到氯化镁，经浓缩、结晶、脱水、电解可以得到金属镁。13、B【题目详解】在氧化还原反应中一定存在得失电子守恒，设反应后M元素的化合价为x，参加反应的MO2+的物质的量为0.1mol/L0.02L=0.002mol，参加反应的锌的物质的量为0.195g65g/mol=0.003mol，故存在：(+5-x)0.002mol=0.003mol2，解得x=+2，故选B。14、A【题目详解】A.根据分散质粒子直径大小来分类，把分散系划分为：溶液(小于1nm)、胶体（1nm-100nm）、浊液(大于100

30、nm)，所以溶液、胶体和浊液这三种分散系的本质的区别在于分散质粒子直径大小不同，故A错误；B.有色玻璃就是由某些胶态金属氧化物分散于玻璃中制成的，与胶体性质有关，故B正确；C.根据胶体的定义可知，胶体分散质粒子直径是10-9-10-7米(即1nm-100nm)范围内，故C正确；D.Fe(OH)3胶体具有较大的表面积，具有吸附悬浮杂质的作用， Fe(OH)3胶体能够吸附水中悬浮的固体颗粒并沉降，达到净水目的，故D正确；故答案选A。【答案点睛】本题考查的是胶体的性质，难度不大，胶体的性质有：丁达尔效应、电泳、聚沉；利用丁达尔效应是区分胶体与溶液的一种常用物理方法，而溶液、浊液、胶体三大分散系的本质

31、特征是分散质粒子直径大小不同。15、D【题目详解】A充电时，左槽溶液颜色由蓝色逐渐变为黄色，即左槽中发生的变化为：，该过程是VO2+失去电子，为氧化反应，故a极为电池的正极，A正确；Ba极为电池的正极，则石墨C1为阳极，电极反应为：，B正确；C放电过程中，右槽为负极，发生氧化反应，由V2+变为V3+，即右槽溶液颜色由紫色变为绿色，C正确；D放电时，C2极为负极，是电子流出的一极，但是电子不经过电解质溶液，D错误；故选D。16、D【答案解析】根据氧原子守恒，所以n=2，根据氢原子守恒，所以y=4，根据R原子守恒则x=m，根据电荷守恒则2x+y=3m，所以x=y=m，在反应中，R的化合价升高，R2

32、+是还原剂，所以R3+是氧化产物，氧元素化合价降低，所以H2O是还原产物【题目详解】A、m=y=4，R2+是还原剂，A错误；B、m=y，R2+是还原剂，被氧化，B错误；C、m=4，R3+是氧化产物，C错误；D、m=4，R2+是还原剂，D正确；答案选D。二、非选择题（本题包括5小题）17、甲苯 羧基 加成反应 酸性高锰酸钾溶液 4 +CH3COOH+H2O 【分析】由C及反应条件可知C为苯甲醇，B为，A为甲苯。在相同条件下，D的蒸气相对于氢气的密度为39，则D的相对分子质量为392=78，D与A互为同系物，由此知D为芳香烃，设1个D分子中含有n个碳原子，则有14n-6=78，解得n=6，故D为苯

33、；与乙醛反应得到E，结合信息，E为，E与溴发生加成反应得到的F为，F发生氧化反应生成的G为。据此分析解答。【题目详解】(1)根据分析可知，A为甲苯，G为，则G中含氧官能团为羧基，故答案为：甲苯；羧基；(2)反应为苯甲醛与氯仿发生加成反应生成，根据上述分析，B和F的结构简式分别为、，故答案为加成反应； (3)甲苯能使酸性高锰酸钾溶液褪色，而苯不能；C为苯甲醇属于芳香族化合物的苯甲醇的同分异构体有邻甲基苯酚、间甲基苯酚、对甲基苯酚和苯甲醚()，共4种，故答案为酸性高锰酸钾溶液；4；(4)反应为乙酸和发生酯化反应，化学方程式为+CH3COOH+H2O，故答案为+CH3COOH+H2O； (5)苯乙醛

34、与甲醛反应生成，再与溴发生加成反应生成，最后发生催化氧化反应生成，故合成路线为，故答案为。【答案点睛】本题考查了有机合成与推断。主要涉及有机化学方程式的书写、限定条件下同分异构体数目的判断、合成路线中试剂和反应条件的选择等。本题的易错点为合成路线的设计，要注意充分利用题示已知信息。18、2Al + 2OH- + 2H2O =2AlO-2+ 3H2 SO2+I2 +2H2O = H2SO4 +2HI Al3+ + 3AlO2- +6H2O=4Al(OH)3 4Cl2 + Na2S2O3 + 5H2O=2NaHSO4 + 8HCl 2ClO3- + SO32- + 2H+ =2ClO2 + SO4

35、2- + H2O D 【答案解析】.A、B、C、D、E均为中学化学常见的纯净物，B为自然界中含量最多的液体，判断为H2O；(1)若A为短周期的金属单质，0.1mol/LC溶液的pH=13，说明C为强碱性溶液，D为气态单质，判断A为Al，D为H2，该反应的离子方程式为2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2，故答案为2Al+2OH-+2H2O=2AlO2-+3H2； (2)若A的溶液能使淀粉溶液变蓝，说明A为碘单质，C为非金属氧化物，能使品红溶液褪色，则C为二氧化硫，该反应的反应方程式为SO2+I2 +2H2O = H2SO4 +2HI，故答案为SO2+I2 +2H2O = H2SO4

36、+2HI；(3)若A、C、D、E均为化合物，E为白色沉淀，且A、C、E含有同一种元素，则A为氯化铝，C为偏铝酸钠，E为Al(OH)3、D为氯化钠，该反应的离子方程式为Al3+3AlO2-+6H2O4Al(OH)3，故答案为Al3+3AlO2-+6H2O4Al(OH)3；(4)若A是黄绿色气体，则A为氯气，C的焰色呈黄色，说明C中含有钠元素，C溶液遇稀硫酸既产生淡黄色的沉淀又生成有刺激性气味的无色气体，则C为硫代硫酸钠；生成物D是一种酸式盐是硫酸氢钠，E是一种强酸，则E为盐酸，该反应的化学方程式为4Cl2 + Na2S2O3 + 5H2O=2NaHSO4 + 8HCl，故答案为4Cl2 + Na

37、2S2O3 + 5H2O=2NaHSO4 + 8HCl；.(5)KClO3在H2SO4存在下与Na2SO3反应，SO32-被氧化成SO42-，由电子、电荷守恒可知该离子反应为2ClO3-+SO32-+2H+2ClO2+SO42-+H2O，故答案为2ClO3-+SO32-+2H+2ClO2+SO42-+H2O；(6)Na2CO33H2O2具有Na2CO3和H2O2的双重性质，过碳酸钠只发生了还原反应，则选项中的物质具有还原性，只有D选项符合，故答案为D。19、2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+ 0.1 取4mL 0.1mol/L FeSO4溶液，向其中滴加3滴0.1mol/L KSCN溶液 Cu2

38、+3SCN-=CuSCN+(SCN)2 3Fe2+4H+NO3-3Fe3+NO+2H2O 慢 取反应后的黄色溶液于试管中，向其中加入几滴K3Fe(CN)6溶液，溶液无明显变化，说明反应I是不可逆反应；Fe2+被硝酸氧化为Fe3+，导致溶液中Fe2+浓度降低，导致平衡Fe2+NOFe(NO)2+逆向移动，最终Fe(NO)2+完全转化为Fe3+，溶液由棕色变为黄色 【答案解析】试题分析：（1）Fe3+与Cu粉发生反应生成铜离子与亚铁离子，反应离子方程式为：2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+，故答案为2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+；（2）由反应2Fe3+Cu2Fe2+Cu2+，可知图1中得到溶液中F

39、e2+为0.2mol/L，Cu2+为0.1mol/L，分别取相同浓度的硫酸铜溶液、硫酸亚铁溶液，滴入KSCN溶液进行对照实验，故实验方案为：步骤1：取4mL 0.1mol/L CuSO4溶液，向其中滴加3滴0.1mol/L KSCN溶液，步骤2：取4mL 0.1mol/L FeSO4溶液，向其中滴加3滴0.1mol/L KSCN溶液，由题目信息ii可知，Cu2+与SCN-反应生成CuSCN沉淀，同时生成(SCN)2，反应离子方程式为：Cu2+3SCN-=CuSCN+(SCN)2，故答案为0.1；取4mL 0.1mol/L FeSO4溶液，向其中滴加3滴0.1mol/L KSCN溶液；Cu2+3

40、SCN-=CuSCN+(SCN)2；（3）亚铁离子具有还原性，酸性条件下硝酸根具有强氧化性，反应生成铁离子、NO与水，反应离子方程为：3Fe2+4H+NO3-3Fe3+NO+2H2O，故答案为3Fe2+4H+NO3-3Fe3+NO+2H2O；（4）溶液先变为棕色，放置一段时间后，棕色消失，溶液变为黄色，反应速率快的反应现象最先表现，反应的速率比反应的慢，故答案为慢；反应中硝酸过量，若存在平衡，溶液中含有Fe2+，否则没有Fe2+，具体的实验方案是：取反应后的黄色溶液于试管中，向其中加入几滴K3Fe(CN)6溶液，溶液无明显变化，说明反应I是不可逆反应，故答案为取反应后的黄色溶液于试管中，向其中

41、加入几滴K3Fe(CN)6溶液，溶液无明显变化，说明反应I是不可逆反应；Fe2+被硝酸氧化为Fe3+，导致溶液中Fe2+浓度降低，导致平衡Fe2+NOFe(NO)2+逆向移动，最终Fe(NO)2+完全转化为Fe3+，溶液由棕色变为黄色，故答案为Fe2+被硝酸氧化为Fe3+，导致溶液中Fe2+浓度降低，导致平衡Fe2+NOFe(NO)2+逆向移动，最终Fe(NO)2+完全转化为Fe3+，溶液由棕色变为黄色；（5）利用原电池原理，使NO与Fe2+在不同的电极区域生成，实验装置图为，故答案为。考点：考查了反应原理的探究实验、实验方案设计等相关知识。20、6 饱和食盐水 浓硫酸 n 碱石灰 SO2Cl

42、22H2O=H2SO42HCl 【分析】（1）化合物SO2Cl2中O元素为-2价、Cl元素为-1价，根据化合价规则计算S元素的化合价；（2）制备的氯气中含有HCl、H2O杂质，应依次通过盛有饱和食盐水和浓硫酸的洗气瓶；（3）B中反应得到气态SO2C12，应充满冷凝水充分冷却，采取逆流原理；C处U形管中盛放的试剂吸收空气中的水蒸气，防止进入C中导致SO2C12水解，且吸收尾气；（4）向SO2C12中加水，出现白雾，振荡、静置得到无色溶液经检验该溶液中的阴离子只有SO42-、Cl-（OH-除外），说明SO2C12水解生成H2SO4、HCl。【题目详解】（1）SO2能被Cl2氧化生成SO2Cl2，则氯元素的化合价是-1价，O一般表现为-2价，所以S的化合价是+6价；故答案为+6。（2）实验室制取氯气的化学方程式为MnO24HCl（浓）MnCl2Cl22H2O；Cl2中混有HCl和H2O（g），要制得干燥纯净的氯气，应依次通过盛有饱和食盐水和浓硫酸的洗气瓶，故答案为饱和食盐水，浓硫酸。（3）B中反应得到气态SO2C12，应充满冷凝水充分冷却，采取逆流原理，即从n口接入冷凝水，故答案为n。C处U形管中盛放的试剂吸收空气中的水蒸气，防止进入C中导致SO2C12水解，且吸收尾气，可以用碱石灰，故答案为碱石灰。（4）