2021-2022学年福建省三明市沙溪乡中学高三物理联考试题含解析

1、2021-2022学年福建省三明市沙溪乡中学高三物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上， B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行， A、B、C都处于静止状态。则（ ） AB受到C的摩擦力一定不为零 BC受到水平面的摩擦力一定为零 C水平面对C的支持力与B、C总重力大小相等 D若剪断细绳后B仍然静止在斜面上，则剪断细绳后水平面对C的摩擦力为零参考答案：D2. 在右图所示电路中，开始时电键K1、K2均闭合，现先断开电键K1，则电压表与电流表的示数均发生变化，设它

2、们的示数变化量之比为M1DU1DI1，再断开电键K2，两表新的示数变化量之比为M2DU2DI2，若已知R2R3，则比较M1与M2的绝对值大小应有 （ ）AM1M2 BM1M2 CM1M2 D无法确定参考答案：B3. （单选）如题15图所示，竖直放置的轻弹簧一端固定在地面上，另一端与斜面体P连接，P与斜放的固定挡板MN接触且处于静止状态，则（ ）A斜面体P此刻所受到的外力个数有可能为2个B斜面体P此刻所受到的外力个数有可能为3个 C若迅速撤去挡板MN后瞬间，斜面体P可能有斜向左上的加速度D若迅速撤去挡板MN后瞬间，斜面体P可能有竖直向下的加速度参考答案：A 解析：A、B对物体受分析如图：如果：（

3、1）N=G的话，物体受力可以平衡，故P可能受2个力的作用（2）NG的话，P不可能平衡（3）如果：NG，物体会受到挡板MN的弹力F和摩擦力f，受力分析如图：故P可能受4个力的作用综上所述：P可能的受力个数是2个或4个，故A正确、B错误；C、D撤去MN，则物体受合力可能向上，也可能为零，故如果有加速度，则加速度向上，故C、D错误；故选A4. （单选）关于热现象的描述正确的是（ ） （A）满足能量守恒定律的宏观过程都可以自发进行 （B）做功和热传递都通过能量转化的方式改变系统内能 （C）一个系统与另一个系统达到热平衡时两系统温度相同 （D）物体内单个分子的运动是无规则的，大量分子的运动也是无规律的参

4、考答案：C5. 关于电阻的计算式和决定式，下面说法正确的是 （ ）A导体的电阻与其两端电压成正比，与电流成反比B导体的电阻仅与导体长度、横截面积和材料有关C导体的电阻随工作温度变化而变化D对一定的导体来说，在恒温下比值是恒定的，导体电阻不随U或I的变化而变化参考答案：CD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 匀强电场场强为E，与竖直方向成角，范围足够大。一质量为m、电荷量为q的带负电小球用细线系在竖直墙上，恰好静止在水平位置，则场强E的大小为 。若保持场强大小、方向和小球电荷量不变，现剪断细线，则小球作 运动。（请描述运动的方向及性质）参考答案：7. （填空）用一根细绳，一端

5、系住一个质量为m的小球，另一端悬在光滑水平桌面上方h处，绳长l大于h，使小球在桌面上做如图所示的匀速圆周运动若使小球不离开桌面，则小球运动的半径是_ ，其转速最大值是_ 。（已知重力加速度为g）参考答案：； 8. 在画线处写出下列3个演示实验的目的： ； ； 参考答案：悬挂法测重心；显示微小形变；验证平行四边形法则9. 某同学用如图所示的装置验证动能定理为提高实验精度，该同学多次改变小滑块下落高度胃的值测出对应的平撼水平位移x，并算出x2如下表，进而画出x2一H图线如图所示： 原理分析：若滑块在下滑过程中所受阻力很小则只要测量量满足 ，便可验证动能定理 实验结果分析：实验中获得的图线未过坐标原

6、点，而交在了大约(0.2h，0)处，原因是 。 (2)现有一根长约20m的金属丝，其横截面直径约lmm，金属丝的电阻率为510-3m。一位同学用伏安法测量该金属丝的电阻，测量时使用电动势为4.5V的电源。另有如下器材供选择： A量程为00.6A，内阻约为2的电流表B量程为03A，内阻约为0.1的电流表 c量程为06V，内阻约为4k的电压表 D量程为015V，内阻约为50k的电压表 E阻值为010额定电流为lA的滑动变阻器 F阻值为01k，额定电流为0.1A的滑动变阻器 以上器材应选用 (填写器材前的字母) 用笔画线代替导线，将如图所示实验电路连接完整 闭合开关后，发现电流表示数不为零，而电压表

7、示数为零为检测电压表的好坏，该同学拆下电压表用多用电表欧姆挡进行检测为使电压表指针向右偏转，多用电表的黑表笔应接电压表的 接线柱(填“正”或“负”)；如果电压表完好，将电压表正确接人电路后，电压表示数仍为零，检查所有接线柱也都接触良好，则应检查 参考答案：（1）x2与H成正比 滑块需要克服阻力做功（2）ACE实验电路连接如图所示。正 连接电压表与金属丝的两根导线是否断路（1）若滑块在下滑过程中所受阻力很小由动能定理，mgH=mv2，根据平抛运动规律，x=vt，h=gt2，显然x2与H成正比，即只要测量量满足x2与H成正比，便可验证动能定理实验中获得的图线未过坐标原点，而交在了大约(0.2h，0

8、)处，原因是滑块需要克服阻力做功。（2）由电阻定律可估算出该金属丝的电阻大约为100，电流表选择量程为00.6A电流表，电压表选择量程为06V的电压表；选择阻值为01k，额定电流为0.1A的滑动变阻器。用多用电表欧姆挡进行检测为使电压表指针向右偏转，多用电表的黑表笔应接电压表的正接线柱。将电压表正确接人电路后，电压表示数仍为零，检查所有接线柱也都接触良好，则应检查连接电压表与金属丝的两根导线是否断路。10. 如图所示，在距水平地面高均为0.4m处的P、Q两处分别固定两光滑小定滑轮，细绳跨过滑轮，一端系一质量为mA=2.75kg的小物块A，另一端系一质量为mB=1kg的小球B半径R=0.3m的光

9、滑半圆形轨道竖直地固定在地面上，其圆心O在P点的正下方，且与两滑轮在同一竖直平面内，小球B套在轨道上，静止起释放该系统，则小球B被拉到离地0.225m高时滑块A与小球B的速度大小相等，小球B从地面运动到半圆形轨道最高点时的速度大小为4m/s参考答案： 解：当绳与轨道相切时滑块与小球速度相等，（B速度只沿绳），由几何知识得R2=h?PO，所以有：h=0.225m小球B从地面运动到半圆形轨道最高点时，A物的速度为零，即vA=0，对系统，由动能定理得： mAg（POR）=mBgR+代入数据解得：vB=4m/s故答案为：0.225m，411. 如图所示的电路中，电源电动势V，内电阻，当滑动变阻器R1的

10、阻值调为后，电键S断开时，R2的功率为W，电源的输出功率为W，则通过R2的电流是 A接通电键S后，A、B间电路消耗的电功率仍为W则参考答案：0.5；12. 某同学做共点的两个力的合成实验作出如图（11）所示的图，其中A为固定橡皮条的固定点，O为橡皮条与细绳的结合点，图中_是F1、F2合力的理论值，_是合力的实验值，需要进行比较的是_，通过本实验，可以得出结论：在误差允许的范围_是正确的。参考答案：）F；F；F与F的大小是否相等，方向是否一致；力合成的平等四边形定则。13. 一物体质量为1kg，沿倾角为300的传送带从最高端A点以初速度v0=8m/s下滑，传送带匀速向下运动的速度为2m/s，全长

11、20m。物体与传送带之间的动摩擦因数为，物体运动到传送带底端B点的速度大小为_m/s；全过程中因物体和传送带间的摩擦而产生的热量为_J。（重力加速度g=10m/s2）参考答案：2，54三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 某同学用如图甲所示电路来测量电源的电动势E和内阻r，图中V可视为理想电压表，其量程略大于电源的电动势。 （1）当图中的R是一阻值已知的定值电阻时，这位同学的操作是：将K1闭合，K2断开，记下电压表的示数U1；然后再将K1、K2都闭合，记下电压表的示数U2，这样得到电源的电动势E= ，内阻r= 。 （2）这位同学后来觉得这种测量误差较大，于是将R换成一电阻

12、箱，闭合K1、K2，多次改变并记录电阻箱的阻值得到的与电阻R对应的电压U，并作图象如图乙所示，则由图可计算出电源电动势E= V，内阻r= 。参考答案：15. “探究求合力的方法”的说法中正确的是_A.在测量同一组数据和合力F的过程中，橡皮条结点O的位置不能变化B.弹簧测力计拉细线时，拉力方向必须竖直向下C.和合力F的大小都不能超过弹簧测力计的量程D.为减小测量误差，方向间夹角应为90（2）弹簧测力计的指针如图乙所示，由图可知拉力的大小为 参考答案：【知识点】验证力的平行四边形定则B6【答案解析】(1)AC(2)4.00N 解析：（1）A、在同一组数据中，只有当橡皮条节点O的位置不发生变化时，两

13、个力的作用效果和一个力的作用效果才相同，才可以验证平行四边形定则，故A正确；B、弹簧测力计拉细线时，方向不一定向下，只有把O点拉到同一位置即可，故B错误；C、根据弹簧测力计的使用原则可知，在测力时不能超过弹簧测力计的量程，故C正确；D、F1、F2方向间夹角为90并不能减小误差，故D错误故选AC（2）由图乙弹簧秤的指针指示可知，拉力F的大小为：4.00N故答案为：4.00【思路点拨】（1）该实验采用了“等效法”，只要明确了实验原理即可，判断选项中的各个说法是否正确，从而正确的解答本题；（2）根据弹簧秤指针的指示可读出拉力的大小本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识

14、在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力；同时注意弹簧秤的读数方法四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图甲所示，两平行金属板长度l不超过0.2 m，两板间电压U随时间t变化的图象如图乙所示。在金属板右侧有一左边界为MN、右边无界的匀强磁场，磁感应强度B =0.01 T，方向垂直纸面向里。现有带正电的粒子连续不断地以速度射入电场中，初速度方向沿两板间的中线方向。磁场边界MN与中线垂直。已知带电粒子的比荷，粒子的重力和粒子之间的相互作用力均可忽略不计。(1) 在每个粒子通过电场区域的时间内，可以把板间的电场强度看作是恒定的。请通过计算说明这种处理能够成立的理由；(2)设t=0.1 s时

15、刻射人电场的带电粒子恰能从金属板边缘穿越电场射入磁场，求该带电粒子射出电场时速度的大小；(3) 对于所有经过电场射入磁场的带电粒子，设其射人磁场的人射点和从磁场射出的出射点间的距离为d,试判断d的大小是否随时间变化？若不变，证明你的结论；若变化，求出d的变化范围。参考答案：.带电粒子在金属板间运动的时间为s （3分）由于t远小于T（T为电压U变化周期），故在t时间内金属板间的电场可视为恒定的。（2分）另解：在t时间内金属板间电压变化，由于U远小于100 V（100 V为电压U最大值），电压变化量特别小，故t时间内金属板间的电场可视为恒定的。t0.1 s时刻偏转电压U100 V，由动能定理得 （

16、3分） 代入数据解得 v1=1.41105 m/s （2分）设某一时刻射出电场的粒子的速度为，速度方向与夹角为，则 （2分）粒子在磁场中有 （2分）由几何关系得 （2分）由以上各式解得 （2分）代入数据解得 d0.2m，显然d不随时间变化 17. 如图所示，一定质量的理想气体被水银柱封闭在竖直玻璃管内，气柱长度为h。现继续向管内缓慢地添加部分水银，水银添加完时，气柱长度变为。再取相同质量的水银缓慢地添加在管内。外界大气压强保持不变。 求第二次水银添加完时气柱的长度。 若第二次水银添加完时气体温度为T0，现使气体温度缓慢升高，求气柱长度恢复到原来长度h时气体的温度。参考答案：设开始时封闭气体的压强为p0，添加的水银对气体产生的压强为p，由玻意耳定律得， 解得再加水银后，气体的压强变为p0+2p。设第二次加水银后，