山东省济南市长清区2022年化学高二第二学期期末学业质量监测模拟试题含解析

1、2022年高二下化学期末模拟试卷注意事项1考生要认真填写考场号和座位序号。2试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列热化学方程式正确的是（ ）（注：H的绝对值均正确）AC2H5OH(l) + 3O2(g) =2CO2(g) + 3H2O(g) H1367.0 kJ/mol（燃烧热）BNaOH(s)+ HCl(aq) =NaCl(aq) + H2O(l) H57.3kJ/mol（中和热）CS(s) + O2(g

2、) =SO2(g) H269.8kJ/mol（反应热）D2NO2=O2 + 2NO H+116.2kJ/mol（反应热）2、下列对于硝酸的认识，不正确的是A浓硝酸在见光或受热时会发生分解B久置的浓硝酸会变为稀硝酸C金属与硝酸反应不产生氢气D稀硝酸与铁反应而浓硝酸不与铁反应3、下列由实验得出的结论正确的是选项实验结论A将等物质的量的乙烷与氯气混合，光照一段时间制得纯净的氯乙烷B将乙烯通入酸性高锰酸钾溶液中，溶液褪色乙烯具有还原性C蔗糖在稀硫酸催化作用下水浴加热一段时间产物只有葡萄糖D碘酒滴到土豆上会变蓝淀粉遇碘元素变蓝AABBCCDD4、下列关于有机化合物的说法正确的是A包装用材料聚氯乙烯分子中

3、含有碳碳双键B分子式为C3H6Cl2的有机物有4种同分异构体C乙炔和溴的四氯化碳溶液反应生成1,2-二溴乙烷D油脂与NaOH浓溶液反应制高级脂肪酸钠属于加成反应5、在下列各溶液中，离子可能大量共存的是A加入铝粉能产生H2的溶液中：K、Mg2、Cl、SO42B加入Na2O2的溶液中：K、Al3、Cl、NO3C含有0.1molL1Ca2的溶液中：Na、K、CO32、ClD无色透明的酸性溶液中：MnO4、K+、SO42、Na+6、某课外小组在实验室模拟工业上从浓缩海水中提取溴的工艺流程，设计以下装置进行实验(所有橡胶制品均已被保护，夹持装置已略去)。下列说法错误的是A装置中通入的是a气体是Cl2B实

4、验时应在A装置中通入a气体一段时间后，停止通入，改通入热空气CB装置中通入a气体前发生的反应为SO2+ Br2+2H2O=H2SO4+2HBrDC装置的作用只是吸收多余的二氧化硫气体7、下图为H2与O2反应生成H2O(g)的能量变化示意图，下列有关叙述不正确的是A1 mol H2分子断键需要吸收436 kJ的能量BH2(g)+1/2O2(g)H2O(g) H241.8 kJ/molC反应物的总能量高于生成物的总能量D形成化学键释放的总能量比断裂化学键吸收的总能量小8、下列物质的制备，不符合工业生产实际的是A工业上用电解熔融氯化镁制单质镁B工业上用电解饱和食盐水制氯气C工业上用二氧化硅在高温下与

5、焦炭反应制得高纯度的硅D工业上炼铁时，常用石灰石除去铁矿石中的SiO29、NA代表阿伏伽德罗常数的值，下列说法一定正确的是A78g金属钾（K）完全转化为超氧化钾（KO2）时，转移电子数为4NAB常温下2.8g N2与标准状况下2.24LCH4均含有0.1NA个分子C0.2mol/L稀盐酸中，H+数目为0.2NAD60g二氧化硅晶体中，含SiO键数目为2NA10、下列说法正确的是A等质量的乙炔和苯完全然烧生成水的质量不相等B乙烯分子中所有原子共平面C甲醛(HCHO)和乙二醛(OHC-CHO)互为同系物D和互为同分异构体11、NaNO2是一种食品添加剂，它与酸性KMnO4溶液可发生反应：MnO4-

6、+NO2-+XMn2+NO3-+H2O（未配平）。下列叙述中正确的是A生成1mo1NaNO3需消耗0.4mo1KMnO4B反应过程中溶液的pH减小C该反应中NO2被还原DX可以是盐酸12、决定化学反应速率的内因是()温度压强催化剂浓度反应物本身的性质ABCD13、下列制作铅笔的材料与相应工业不对应的是A橡皮擦橡胶工业B铝合金片冶金工业C铝笔芯电镀工业D铅笔漆涂料工业14、乌头酸的结构简式如图所示，下列关于乌头酸的说法错误的是A分子式为 C6H6O6B乌头酸既能发生水解反应，也能使酸性高锰酸钾溶液褪色C乌头酸分子中所有碳原子可能共平面D含 1 mol 乌头酸的溶液最多可消耗 3 mol NaOH

7、15、将24gNaOH和2269混合并配成溶液，向溶液中滴加22mol稀盐酸。下列图像能正确表示加入盐酸的体积和生成的物质的量的关系的是ABCD16、如图为直流电源电解稀Na2SO4水溶液的装置。通电后在石墨电极a和b附近分别滴加几滴石蕊溶液。下列实验现象中正确的是（）A逸出气体的体积，a电极的小于b电极的B一电极逸出无味气体，另一电极逸出刺激性气味气体Ca电极附近呈红色，b电极附近呈蓝色Da电极附近呈蓝色，b电极附近呈红色二、非选择题（本题包括5小题）17、盐酸多巴胺可用作选择性血管扩张药，是临床上常有的抗休克药。某研究小组按如下路线合成盐酸多巴胺。已知：a.b.按要求回答下列问题：（1）B

8、的结构简式_。（2）下列有关说法正确的是_。A有机物A能与溶液反应产生无色气体B反应、均为取代反应C有机物F既能与HCl反应，也能与NaOH反应D盐酸多巴胺的分子式为（3）盐酸多巴胺在水中的溶解性比多巴胺（）强的原因是_。（4）写出多巴胺（分子式为）同时符合下列条件的所有同分异构体的结构简式_。分子中含有苯环，能使氯化铁溶液显色HNMR谱和IR谱显示分子中有4种化学环境不同的氢原子，没有-N-O-键（5）设计以和为原料制备的合成路线（用流程图表示，无机试剂任选）_。18、聚乳酸E在服装、卫生医疗制品等行业具有广泛的应用。某有机化合物A在一定条件下通过一系列反应可合成E；同时还可得到C和D等重要

9、有机化合物。转化关系如下图：完成下列填空：（1）BE反应类型：_，DG实验室中反应条件：_。（2）A的分子式：_。（3）与F同类别的同分异构体还有HCOOCH(CH3)2、HCOOCH2CH2CH3和_ (用结构简式表示)。（4）写出实验室中判断D中有G生成的方法_（5）石油产品丙烯及必要的无机试剂可合成丙烯酸，设计合成路线如下：。已知：i. 请完成合成路线中的：ClCH2CH=CH2甲乙丙_。19、中华人民共和国国家标准（GB2760-2011）规定葡萄酒中SO2最大使用量为0.2500gL-1。某兴趣小组用图1装置（夹持装置略）收集某葡萄酒中SO2，并对其含量进行测定。（1）仪器A的名称是

10、_。（2）B中加入300.00mL葡萄酒和适量盐酸，加热使SO2全部逸出并与C中H2O2完全反应，其化学方程式为_。（3）除去C中过量的H2O2，然后用0.09000molL-1NaOH标准溶液进行滴定，滴定前排气泡时，应选择图2中的_；若滴定终点时溶液的pH=8.8，则选择的指示剂为_；若用50mL滴定管进行实验，当滴定管中的液面在刻度“10”处，则管内液体的体积（填序号）_（=10mL，=40mL，40mL）（4）滴定至终点时，消耗NaOH溶液25.00mL，该葡萄酒中SO2含量为_gL-1。20、如图，是实验室制备乙酸乙酯的装置。a试管中加入3 mL 95%的乙醇、2 mL 浓硫酸、2

11、mL 冰醋酸；b试管中是饱和碳酸钠溶液。连接好装置，用酒精灯对试管a加热，当观察到试管b中有明显现象时停止实验。（1）在a试管中除了加入乙醇、浓硫酸和乙酸外，还应放入_，目的是_。（2）试管b中观察到的主要现象是_。（3）实验中球形干燥管除起冷凝作用外，另一个重要作用是_。（4）饱和Na2CO3溶液的作用是_。（5）反应结束后，将试管中收集到的产品倒入分液漏斗中，然后分液，得到乙酸乙酯。21、葡萄酒中抗氧化剂的残留量是以游离SO2的含量计算，我国国家标准(CB2760-2014)规定葡萄酒中SO2的残留量0.25g/L。某兴趣小组设计实验方案对葡萄酒中SO2进行测定。I.定性实验方案如下:(1

12、)利用SO2的漂白性检测干白葡萄酒(液体为无色)中的SO2或H2SO3。设计如下实验:实验结论:干白葡萄酒不能使品红溶液褪色，原因是:_。II.定量实验方案如下(部分装置和操作略):(2)A中加入100.0mL葡萄酒和适量盐酸，加热使SO2全部逸出并与B中H2O2完全反应，其化学方程式为_。(3)除去B中过量的H2O2，然后再用NaOH标准溶液进行滴定，除去H2O2的方法是_。(4)步骤X滴定至终点时，消耗NaOH溶液30.00mL,该葡萄酒中SO2的含量为_g/L。该测定结果比实际值偏高，分析原因_。参考答案一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、C【解析】A.在25摄氏度，101 kPa

13、时，1 mol可燃物完全燃烧生成稳定的氧化物时所放出的热量，叫做该物质的燃烧热。定义要点：可燃物完全燃烧生成稳定氧化物，如H液态水，CCO2，C2H5OH（l）+3O2（g）2CO2（g）+3H2O（g）生成的是水蒸气，故H=-1367.0 kJ/mol不是燃烧热，故A错误；B.在稀溶液中，强酸跟强碱反应生成1 mol水时的反应热 叫做中和热。定义要点：1必须是酸和碱的稀溶液，因为浓酸溶液和浓碱溶液在相互稀释时会放热；2强酸和强碱的稀溶液反应才能保证H+（aq）+OH-（aq）H2O（l）中和热均为57.3 kJmol-1，而弱酸或弱碱在中和反应中由于电离吸收热量，其中和热数值小于57.3 k

14、Jmol-1；3以生成1 mol水为基准，故NaOH(s)+ HCl(aq) =NaCl(aq) + H2O(l) H57.3kJ/mol中氢氧化钠为固态，则H=-57.3kJ/mol不是中和热，故B错误；C.恒压下化学反应释放或吸收的热量称为反应热，故S（s）+O2（g）SO2（g）中H=-269.8kJ/mol是反应热，故C正确；D.在热化学方程式中必须标注反应物和生成物的状态，故D错误。故选C。【点睛】根据定义中的要点分析解答。2、D【解析】A. 浓硝酸不稳定，在见光或受热时分解生成二氧化氮、氧气和水，反应方程式为4HNO32H2O+4NO2+O2，故A正确；B. 浓硝酸易挥发，久置的浓

15、硝酸挥发出硝酸分子会变为稀硝酸，故B正确；C. 硝酸具有强氧化性，能被金属还原生成氮的化合物，没有H2生成，故C正确；D. 常温下，浓硝酸和Fe、Al发生氧化还原反应生成一层致密的氧化物薄膜而阻止进一步被氧化，该现象为钝化现象，所以浓硝酸与铁发生了反应，故D错误；答案选D。3、B【解析】分析：A.乙烷与氯气发生取代反应生成的卤代烃不止一种；B.酸性高锰酸钾溶液能氧化乙烯；C.蔗糖水解生成葡萄糖和果糖；D.单质碘遇淀粉显蓝色。详解：A.由于乙烷与氯气发生取代反应生成的卤代烃不止一种，所以将等物质的量的乙烷和氯气混合光照一段时间后，不可能得到纯净的氯乙烷，A错误；B.乙烯含有碳碳双键，能被酸性高锰

16、酸钾溶液能氧化而使其褪色，体现的是乙烯的还原性，B正确；C.蔗糖是二糖，在催化剂作用下水解生成葡萄糖和果糖两种单糖，C错误；D.单质碘遇淀粉显蓝色，而不是碘元素，D错误。答案选B。4、B【解析】A聚氯乙烯是由氯乙烯单体加聚而成，分子中并不含碳碳双键，A项错误；BC3H6Cl2的可能的结构有：，和共4种，B项正确；C1分子乙炔可以和2分子溴发生加成，C项错误；D油脂与浓NaOH溶液的反应即皂化反应属于取代反应，D项错误；答案选B。5、A【解析】试题分析：A加入铝粉能产生H2的溶液可能显酸性，也可能显碱性；Mg2在碱性溶液中不能大量共存，但K、Mg2、Cl、SO42在酸性溶液中不发生离子反应可大量

17、共存；故A正确；BNa2O2与水反应除氧气外，还生成NaOH，Al3在碱性溶液中不能大量共存，故B错误；CCa2与CO32不能大量共存在同一溶液中，故C错误；D无色溶液中不可能存在MnO4，故D错误；答案为D。【考点定位】考查离子反应与离子共存【名师点晴】离子共存的判断，为高考中的高频题，解题时要注意题目所隐含的条件。如：溶液无色透明时，则溶液中一定没有有色离子，如Cu2+、Fe3+、Fe2+、MnO4-；强碱性溶液中肯定不存在与OH-反应的离子，如Fe3+、Fe2+、HCO3-、NH4+、Al3+；强酸性溶液中肯定不存在与H+反应的离子，如HCO3-、CO32-、S2-、CH3COO-、Al

18、O2-等，本题中的隐含条件有2个：pH=1和无色，解题时就要加以注意。6、D【解析】实验室模拟工业上从浓缩海水中提取溴，由实验装置可知，a中气体为氯气，在A中氯气可氧化溴离子，利用热空气将溴单质吹出，B中通入气体为二氧化硫，在B中发生SO2+Br2+2H2O=H2SO4+2HBr，c中NaOH溶液可吸收溴、氯气、二氧化硫等尾气，以此来解答。【详解】A.A装置中通入的a气体是Cl2，目的是氧化A中溴离子，故A正确；B.实验时应在A装置中通入a气体一段时间后，停止通入，改通入热空气，热空气将溴单质吹出，故B正确；C.B装置中通入b气体后发生的反应为SO2+Br2+2H2O=H2SO4+2HBr，故

19、C正确；D.C装置的作用为吸收溴蒸汽、氯气、二氧化硫等尾气，故D错误；所以本题答案：D。【点睛】解题依据物质氧化性强弱。根据Cl2氧化性大于Br2，可以把Br-氧化成溴单质，结合实验原理选择尾气处理试剂。7、D【解析】A. 根据示意图可知1molH2分子断键需要吸收436 kJ的能量，A正确；B. 反应热等于断键吸收的能量和形成化学键放出的能量的差值，因此H2(g)+O2(g)=H2O(g)的反应热H436 kJ/mol+498 kJ/mol2463.4 kJ/mol=241.8 kJ/mol，B正确；C. 反应是放热反应，则反应物的总能量高于生成物的总能量，C正确；D. 反应是放热反应，则形

20、成化学键释放的总能量比断裂化学键吸收的总能量大，D错误；答案选D。8、C【解析】试题分析：A工业上用电解熔融氯化镁的方法制取镁，可用于工业生产，A正确；B用电解饱和食盐水制氯气，氢离子和氯离子放电，可用于工业生产，B正确；C二氧化硅和与碳在高温下发生置换反应，生成一氧化碳和粗硅，得不到高纯度硅，C错误；D炼铁时，石灰石中的碳酸钙在高温条件下分解能生成氧化钙和二氧化碳，氧化钙能和二氧化硅反应生成硅酸钙，从而除去铁矿石中的二氧化硅，可用于工业生产，D正确，答案选C。【考点定位】本题主要是考查了有关化学工艺的一些知识【名师点晴】注意掌握从海水中提取金属镁原理、氯气制备原理、制取高纯硅的原理以及工业炼

21、铁除去铁矿石中的脉石方法原理是解答的关键，题目难度不大。9、B【解析】分析：A.求出金属钾的物质的量,然后根据钾反应后变为+1价来分析；B.求出氮气和甲烷的物质的量,然后根据分子个数N=nNA来计算；C.溶液体积不明确； D.求出二氧化硅的物质的量,然后根据1mol二氧化硅中含4mol硅氧键来分析。详解：78g金属钾的物质的量为2mol,而钾反应后变为+1价,故2mol钾反应后转移2NA 个电子,A错误；2.8g氮气的物质的量和标况下2.24LCH4的物质的量均为0.1mol,故分子个数均为N=nNA=0.1NA=0.1NA，B正确；溶液体积不明确，故溶液中的氢离子的个数无法计算,C错误；60

22、g二氧化硅的物质的量为1mol,而1mol二氧化硅中含4mol硅氧键,即含SiO键数目为4NA ，D错误；正确选项B。10、B【解析】分析：本题考查的是常见有机物的结构和性质，注意掌握同系物和同分异构体的定义。详解；A.乙炔和苯的最简式相同，所以燃烧等质量的乙炔和苯生成的水的质量相等，故错误；B.依稀中6个原子在一个平面上，故正确；C.甲醛含有一个醛基，乙二醛含有两个醛基，二者结构不相似，不是同系物，故错误；D.二者是同一种结构，故错误。故选B。点睛：同系物要求结构相似，即官能团的种类和个数相同，属于一类物质。11、A【解析】试题分析:NaNO2与酸性KMnO4溶液发生的反应为2MnO4-+5

23、NO2-+6H+=2Mn2+5NO3-+3H2O，反应中是KMnO4氧化剂、NaNO2是还原剂。锰的化合价由+7降到+2，降低了5，所以1mol KMnO4可以得到5mol电子；N的化合价由+3升高到+5，升高了2，所以可以失去2mol电子。A. 生成1mo1NaNO3需消耗0.4mo1KMnO4，A正确；B. 反应过程中溶液中氢离子浓度减小，所以其pH增大，B不正确；C. 该反应中NO2被氧化，C不正确；D. X不可以是盐酸，因为高锰酸钾可以把盐酸氧化，D不正确。本题选A。12、B【解析】内因是决定化学反应速率的根本原因，即反应物本身的性质是主要因素，而浓度、温度、压强、催化剂是外界影响因素

24、，正确，故选B。【点睛】本题主要考查了影响化学反应速率的内因，注意与外因（浓度、温度、压强、催化剂）的区别是解答关键。13、C【解析】A、橡皮擦的原料是橡胶，涉及到橡胶工业的生成，A正确；B、铝合金涉及金属铝的冶炼过程，与冶金工业有关，B正确；C、铅笔芯的原料是石墨和粘土，与电镀工业无关，C错误；D、铅笔外边的油漆、绘制的图案、文字等，与有机物合成材料及涂料有关，D正确。答案选C。14、B【解析】A、由乌头酸的结构简式可知，该化合物的化学式为C6H6O6，故A正确；B、乌头酸分子中含有碳碳双键，所以能使酸性高锰酸钾溶液褪色，但是没有酯基、卤原子、酰胺键，不能发生水解反应，故B错误；C、乌头酸分

25、子中含碳碳双键，单键可以旋转，所有碳原子可能共平面，故C正确；D、一个乌头酸分子中含有三个羧基，所以含l mol乌头酸的溶液最多可消耗3 mol NaOH，故D正确。【点睛】本题考查多官能团有机物的结构与性质，把握官能团结构与性质的关系为解答的关键，侧重烯烃、羧酸的性质考查。15、C【解析】n(NaOH)=2.22mol、n(Na2CO3)=2.22mol，盐酸滴入后，由于氢氧化钠的碱性较强,盐酸和氢氧化钠反应2.4g氢氧化钠消耗2.22L盐酸，不产生气体；当氢氧化钠消耗完之后，盐酸和碳酸钠反应，由于氢离子浓度较小,，生成碳酸氢钠，还是没有气体产生，相关反应如下:CO32-+ H+(少量)=H

26、CO3-，此时再消耗2.22L盐酸,不产生气体；当碳酸根消耗完后，2.22mol碳酸氢跟和氢离子反应，产生2.22mol二氧化碳气体，C选项符合题意，故答案为C。16、D【解析】A选项，a为阴极产生氢气，b为阳极产生氧气，逸出气体的体积，a电极的大于b电极的，故A错误；B选项，根据A选项的分析，两个电极都产生无色无味的气体，故B错误C选项，a电极氢离子放电，a周围还有大量的氢氧根离子，使a电极附近的石蕊变为蓝色，b电极氢氧根放电，b周围还有大量的氢离子，使b电极附近的石蕊变为红色，故C错误；D选项，根据C选项分析，故D正确；综上所述，答案为D。二、非选择题（本题包括5小题）17、 BC 盐酸多

27、巴胺为多巴胺中与盐酸反应生成更易溶于水的（即生成了更易溶于水的铵盐） 、 【解析】甲烷与HNO3反应生成D为CH3NO2，D与C发生信息a中反应生成E，故C中含有醛基，E中含有-CH=CHNO2，E与氢气反应中-CH=CHNO2转化为-CH2CH2NH2。由信息b可知F中-OCH3转化为-OH且-NH2与HCl成盐。结合盐酸多巴胺的结构可知A与溴发生取代反应生成B为，B与CH3OH反应生成C为，则E为，F为，据此解答。【详解】（1）根据A中含有酚羟基，和溴发生取代反应，结合B的分子式可推出B的结构简式为；（2）A由于碳酸的酸性比酚羟基的酸性强，所以酚羟基不能与碳酸氢钠反应放出气体，A项错误；

28、B根据流程图中各个物质得分子式推断，每个分子式都有被替换的部分，所以推断出反应、均为取代反应，B项正确； CF中含有氨基和酚羟基，有机物F既能与HCl反应，也能与NaOH反应，C项正确；D盐酸多巴胺的氢原子数目为12个，D项错误；（3）由于盐酸多巴胺为多巴胺中与盐酸反应生成更易溶于水的（即生成了更易溶于水的铵盐），所以盐酸多巴胺在水中的溶解性比多巴胺（）强；（4）根据分子中含有苯环，能使氯化铁溶液显色，说明结构式中应该含有酚羟基，再根据HNMR谱和IR谱显示分子中有4种化学环境不同的氢原子，没有-N-O-键，得出同分异构体有四种：、；（5）根据已知方程式得出，而这反应生成，与目标产物只相差双键

29、，于是接下来用氢气加成，所以合成过程为。18、缩聚反应； Cu、加热； C7H12O4； CH3CH2COOCH3； 取少量D反应后的液体于试管中，加入新制的氢氧化铜悬浊液，加热煮沸，若有砖红色沉淀生成，则有乙醛； 【解析】由流程和信息可知，A是CH3COOCH（CH3）COOCH2CH3，B是，C是CH3COOH，D是CH3CH2OH，E是，F是CH3COOCH2CH3，G是CH3CHO。【详解】（1）B是，E是，则BE是缩聚反应。D是CH3CH2OH，G是CH3CHO ，醇的催化氧化的反应条件为：Cu或银、加热；（2）由分析可知，A是CH3COOCH（CH3）COOCH2CH3，则A的分子

30、式为C7H12O4；（3）与F同类别的同分异构体还有HCOOCH(CH3)2、HCOOCH2CH2CH3和CH3CH2COOCH3；（4）D是CH3CH2OH，G是CH3CHO， 判断D中有G生成，可检验醛基，方法是：取少量D反应后的液体于试管中，加入新制的氢氧化铜悬浊液，加热煮沸，若有砖红色沉淀生成，则有乙醛；（5）由于碳碳双键易被氧化，应先氧化引入羧基，再引入碳碳双键，由信息可知，ClCH2CH=CH2先在碱性条件下水解，再与溴发生加成反应，再用酸性高锰酸钾氧化得到羧基，合成路线如下：。19、 冷凝管(或冷凝器) SO2+H2O=H2SO4 酚酞 0.2400【解析】分析：(1)根据仪器A

31、的特点判断；(2)二氧化硫具有还原性，能够与双氧水反应生成硫酸；(3)氢氧化钠溶液显碱性；根据滴定终点时溶液的pH及常见指示剂的变色范围选用正确的指示剂；根据滴定管的构造判断滴定管中溶液的体积；(4)根据关系式2NaOHH2SO4SO2及氢氧化钠的物质的量计算出二氧化硫的质量，再计算出该葡萄酒中的二氧化硫含量；据此分析解答。详解：(1)根据仪器A的构造可知，仪器A为冷凝管， 故答案为：冷凝管或冷凝器；(2)双氧水具有氧化性，能够将二氧化硫氧化成硫酸，反应的化学方程式为：SO2+H2O2=H2SO4，故答案为：SO2+H2O2=H2SO4；(3)氢氧化钠溶液为碱性溶液，应该使用碱式滴定管，碱式滴

32、定管中排气泡的方法：把滴定管的胶头部分稍微向上弯曲，再排气泡，所以排除碱式滴定管中的空气用的方法；滴定终点时溶液的pH=8.8，应该选择酚酞做指示剂(酚酞的变色范围是8.210.0)；若用50mL滴定管进行实验，当滴定管中的液面在刻度“10”处，滴定管的0刻度在上方，10mL刻度线下方还有40mL有刻度的溶液，另外滴定管50mL刻度线下有液体，因此管内的液体体积(50.00mL-10.00mL)=40.00mL，所以正确，故答案为：；酚酞；(4)根据2NaOHH2SO4SO2可知SO2的质量为：12(0.0900mol/L0.025L)64g/mol =0.0720g，该葡萄酒中的二氧化硫含量为：0.0720g0.3L=0.2400g/L，故答案为：0.2400。点睛：本题考查了物质组成的探究、测量物质的含量的方法等，涉及二氧化硫的性质、中和滴定的计算，明确二氧化硫的化学性