2022-2023学年安徽省亳州市立仓中学高二物理模拟试卷含解析

1、2022-2023学年安徽省亳州市立仓中学高二物理模拟试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图所示线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动,电容器两极板水平放置.在两极板间,不计重力的带正电粒子Q在t=0时由静止释放,若两板间距足够宽,则下列运动可能的是（ ）A.若t=0时,线圈平面与磁场垂直,粒子一定能到达极板B.若t=0时,线圈平面与磁场平行,粒子在两极间往复运动C.若t=0时,线圈平面与磁场垂直,粒子在两极间往复运动D.若t=0时,线圈平面与磁场平行,粒子一定能到达极板参考答案：AB2. （多选题）如图所示，光滑水平面上，质

2、量为m的小球A和质量为m的小球B通过轻质弹簧相连并处于静止状态，弹簧处于自由伸长状态；质量为m的小球C以初速度v0沿AB连线向右匀速运动，并与小球A发生弹性正碰在小球B的右侧某位置固定一块弹性挡板（图中未画出），当小球B与挡板发生正碰后立刻将挡板撤走，不计所有碰撞过程中的机械能损失，弹簧始终处于弹性限度以内，小球B与固定挡板的碰撞时间极短，碰后小球B的速度大小不变，但方向相反，则B与挡板碰后弹簧弹性势能的最大值Em可能是（）Amv02Bmv02Cmv02Dmv02参考答案：BC【考点】机械能守恒定律；动能定理的应用【分析】由题，不计所有碰撞过程中的机械能损失，系统的机械能是守恒的系统的合外力为

3、零，总动量也守恒，根据两大守恒定律分析选择【解答】解：A、由题，系统的初动能为Ek=，而系统的机械能守恒，则弹簧的弹性势能不可能等于故A错误B、由于小球C与小球A质量相等，发生弹性正碰，则碰撞后交换速度，若在A与B速度动量相等时，B与挡板碰撞，B碰撞后速度与A大小相等、方向相反，当两者速度同时减至零时，弹簧的弹性最大，最大值为EP=Ek=故B正确C、D当B的速度很小（约为零）时，B与挡板碰撞时，当两球速度相等弹簧的弹性势能最大，设共同速度为v，则由动量守恒得， mv0=（m+m）v，得v=最大的弹性势能为EP=则最大的弹性势能的范围为故C正确，D错误故选BC3. 下列说法正确的是（ ）A、人在

4、沼泽地赤脚行走时，容易下陷，下陷时，人对地面的压力大于地面对人的支持力；B、人走路时，地面对人的摩擦力是静摩擦，方向向前；C、人走路时，人与地球之间的作用力和反作用力有三对；D、运动员在百米比赛中做最后冲刺时，速度很大，需要较长时间才能停下来，说明速度越大，物体的惯性也越大。参考答案：BC4. （单选）如图所示，矩形闭合金属框abcd的平面与匀强磁场垂直，若ab边受竖直向上的磁场力的作用，则可知线框的运动情况是: （）A向右平动退出磁场 B向左平动进入磁场C沿竖直方向向上平动 D沿竖直方向向下平动参考答案：B5. （多选）如图所示，质量为m、电量为q的带电微粒，以初速度V0从A点竖直向上射入水

5、平方向、电场强度为E的匀强电场中。当微粒经过B点时速率为VB2V0，而方向与E同向。下列判断中正确的是( ) A.A、B两点间电势差为2mV02/q B.A、B两点间的高度差为V02/2g C.微粒在B点的电势能大于在A点的电势能 D.从A到B微粒做匀变速运动参考答案：ABD二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，把小磁针放在桌面上，将一根直导线平行架在静止的小磁针上方，当导线中有电流通过时，小磁针的偏转方向为 （“垂直直面向里”“垂直纸面向外”），此实验说明电流能够产生 参考答案：解：根据右手螺旋定则，知通电直导线下方的磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针N极向外偏转，

6、S极向里偏转，此实验说明电流能够产生磁场故答案为：垂直纸面向外； 磁场7. 如图所示的电路中，电源电动势为12 V，电源内阻为1.0，电路中的电阻R0为1.5，小型直流电动机M的内阻为0.5闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0 A则以下判断中正确的是 ( )A. 电动机的输出功率为14WB. 电动机两端的电压为7VC. 电动机产生的热功率为4WD. 电源输出的电功率为24W参考答案：B试题分析：电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为：U=E-U内-UR0=12-Ir-IR0=12-21-21.5W=7V，电动机的总功率为：P总=UI=72W=14W，电动机的发热功率为：P热

7、=I2R=220.5W=2W，所以电动机的输出功率为：P出=14W-2W=12W，所以B正确；AC错误；电源的输出的功率为：P输出=EI-I2R=122-221W=20W，所以D错误故选B.考点：电功率【名师点睛】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.8. （4分)某金属导体的某横截面上，在5s内通过了1.251019个电子，则通过该金属导体的电流为 A。参考答案： 0.4 9. 如图7，有一水平方向的匀

8、强电场，场强为9103NC在电场内的竖直平面内作半径为1m的圆，圆心处放置电量为110-6C的正点电荷，则圆周上C点处的场强大小为_NC，方向_ 参考答案：10. 磁场是磁体间相互作用的特殊物质。物理学中规定，在磁场中的某一点，小磁针北极受力的方向，也就是小磁针静止时 所指的方向，就是那一点的磁场方向。大小、 随时间发生 变化的电流叫做交变电流。参考答案：北极，方向，周期性11. 已知钠发生光电效应的极限波长为0=510-7m ,普朗克常量h6.631034Js ；现用波长为=410-7m 的光照射用金属钠作阴极的光电管,求: (1)钠的逸出功Wo= J (2)为使光电管中的光电流为零, 在光

9、电管上所加反向电压U至少为（写出表达式） （用h、U、电子电量e、真空光速c、0、等字母来表示）参考答案：3.97810-19 或410-19 （4分） U=hc/e(1/-1/0) (4分)12. 阴极射线管中的电子束在磁场中发生偏转，这表明电子在磁场中受到 （填“安培力”或“洛伦兹力”）的作用。参考答案：13. 用伏安法测量甲、乙、丙三个用不同材料制成的电阻时，得到了它们的IU关系图线，如右图所示。由图线可知，在实验过程中，阻值保持不变的电阻是。阻值随着电压的增大而不断增大的电阻是（选填：甲、乙、丙）。参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. （1）某同学使用多

10、用电表粗略测量定值电阻的阻值，先把选择开关旋到“1k”挡位，测量时指针偏转如图（a）所示。请你简述接下来的测量过程： ； ； ；测量结束后，将选择开关旋到“OFF”挡。（2）接下来采用“伏安法”较准确地测量该电阻的阻值，所用实验器材如图（b）所示。其中电压表内阻约为5k ，电流表内阻约为5 。 图中部分电路已经连接好，请完成实验电路的连接。（3）图（c）是一个多量程多用电表的简化电路图，测量电流、电压和电阻各有两个量程。当转换开关S旋到位置3时，可用来测量 ；当S旋到位置 _时，可用来测量电流，其中S旋到位置 时量程较大。参考答案：15. 某实验小组利用图甲所示的电路同时测定定值电阻、电源电动

11、势及其内阻电路连接和各项操作均正确闭合开关，调节滑动变阻器，小红同学记录电流表A和电压表的数据，小明同学记录电流表A和电压表的数据，并根据各自数据画出图线如图乙所示 （1）图乙中，图线是根据 （选 填“小红”或“小明”）同学记录的数据画出的（2）由图可知， ， V， 当滑动变阻器触头P位于最右端时，电源的输出功率为 W（结果均保留2位有效数字）参考答案：（1）小明 （2） 2.0 、 3.0 、 1.0 2.0（1）从电路连接可以看出，电流表A的读数增大时，电压表V1的读数减小，电压表V2的读数增大，故图线a是根据电压表V2和电流表A的数据绘制图象的，为小明同学绘制；（2）从图象a的斜率可以得

12、出定值电阻R0的阻值为：；从的图象可以得出图象在U轴上的截距为3.00V，即电源的电动势为：，图象斜率的绝对值为：，即电源的内阻为：。当滑动变阻器触头P位于最右端时，滑动变阻器被短路，U1=U2，即为图中的交点，电源的输出功率为。四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 一束电子流在经U1=5000V的加速电压加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，若两板间距d=1.0cm，板长L=5.0cm，足够大的竖直屏与两板右侧相距b=20cm如图所示，在两板间加上可调偏转电压U2=300V电子质量m=9.11031kg、带电量为q=1.61019C（不计重力，和电子间相互作用，忽略相对论

13、效应）求：（1）电子从平行板间飞出时，偏转的角度的正切tan（2）电子从平行板间飞出达到竖直屏时，竖直方向偏移的距离Y参考答案：解：（1）加速过程中，由动能定理得：qU1=mv02 ，在偏转电场中：L=v0t根据牛顿第二定律得：a=，则vy=at 而tan=由得 tan=0.15，（2）根据y=解得：y=0.375cm，射出偏转电场后做匀速直线运动，b=v0t，y=vyt，Y=y+y=3.375cm答：（1）电子从平行板间飞出时，偏转的角度的正切tan为0.15；（2）电子从平行板间飞出达到竖直屏时，竖直方向偏移的距离Y为3.375cm17. 如图甲所示，倾角=37的粗糙斜面固定在水平面上，斜

14、面足够长。一根轻弹簧一端固定在斜面的底端，另一端与质量m=1.0 kg的小滑块(可视为质点)接触，滑块与弹簧不相连，弹簧处于压缩状态。当t=0时释放滑块，在00.24 s时间内，滑块的加速度a随时间t变化的关系如图乙所示。已知弹簧的劲度系数k=2.0102 N/m，当t=0.14 s时，滑块的速度v1=2.0 m/s。g取10 m/s2，sin 37=0.6，cos 37=0.8。最大静摩擦力等于滑动摩擦力。求：（1）斜面对滑块的摩擦力Ff的大小；（2）t=0.14 s时滑块与出发点间的距离d；（3）在00.44 s时间内，滑块运动的位移x。参考答案：（1）Ff=4.0 N；（2）d=0.20

15、 m；（3）x=0.39 m【详解】（1）滑块与弹簧分离后有：mgsinFf=ma1，其中a1=10m/s2解得斜面对滑块的摩擦力Ff=4.0 N。（2）当t1=0.14 s时，弹簧恰好恢复原长，则在t=0时有：kd-mgsin-Ff=ma，a=30m/s2解得滑块与出发点间的距离d=0.20 m。（3）设从t1=0.14 s时开始，经时间t1速度减为零t1=0.20 s在t1时间内滑块上升的位移x1=0.20 m即滑块在t2=0.34 s时速度减为零，此后滑块将反向做匀加速直线运动a2=2.0 m/s2在t2=0.34s到t3=0.44s内滑块的位移x2=a2(t3-t2)2=0.01 m所以在00.44 s时间内，滑块运动的位移x=dx1-x2=0.39m18