黑龙江省五校联考2022-2023学年高二物理第一学期期中联考试题（含解析）

1、2022-2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是A铅蓄电池的电动势为2V，这表示蓄电池在1s内将2J的化学能转变成电能B电场强度为零的地方，电势也一定为零C电阻率大的导体的电阻也一定大D根据电势差，带

2、电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为-1V。2、真空中有两个静止的点电荷，它们之间的库仑力大小为 F 若将它们之间的距离增大为原来2倍，带电量都增大为原来的4倍，则它们之间的库仑力大小变为（ ）A4FB2FCFD3、下列关于起电的说法错误的是A一个带电体接触一个不带电的物体，两个物体一定会带上等量的同种电荷B静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部分C摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷D摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部

3、分4、用高压输电技术远距离输电，如果发电厂输出功率为P，输电电压为U，输电线的总电阻为R，则输电线上损失的功率为（）ABCD5、如图，一物块在水平拉力F的作用下沿水平桌面做匀速直线运动若保持F的大小不变，而方向与水平面成60角，物块也恰好做匀速直线运动物块与桌面间的动摩擦因数为()A2BCD6、两个质量相等的小球在光滑水平面上沿同一直线同方向运动，A球的动量是7kgm/s，B球的动量是5kgm/s，A球追上B球时发生碰撞，则碰撞后A、B两球的动量可能值是（ ）ApA=6kgm/s，PB=6kgm/sBpA=3kgm/s，PB=9kgm/sCpA=2kgm/s，PB=14kgm/sDpA=5kg

4、m/s，PB=7kgm/s二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一金属直杆MN两端接有导线，悬挂于线圈上方，MN与线圈轴线均处于竖直平面内，为使MN垂直纸面向外运动，可以()A将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极B将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极C将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极D将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极8、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由

5、M点运动到N点，其电势能Ep随位移x变化的关系如图所示，其中电子在M点时的电势能为EpM，电子在N点时的电势能为EpN，则下列说法正确的是()A电子在N点时的动能大于在M点的动能B该电场有可能是匀强电场C该电子运动的加速度越来越小D电子运动的轨迹为曲线9、如图所示，离地高 H 处有一质量为 m，带电量为+q 的物体处于电场强度随时间变化规律为 E= E0-kt(E0和 k 均为大于零的常数，水平向左为电场正方向)的均匀电场中，物体与竖直绝缘墙壁的动摩擦因数为，已知qE0mg，t=0 时，将物体从墙上由静止释放，若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，当物体下滑 h（ hH）时恰好脱离墙面，此时

6、速度大小为 v，最终落在地面上，则A物体落地前做加速度一直增大的加速运动B物体从脱落墙壁到落地前的运动轨迹是直线C物体克服摩擦力做的功等于 mgh-D物体与墙壁脱离的时刻等于 10、如图所示，竖直面内，A、B、C、D位于同一半径为r的圆上且ABCD，在C点有一固定点电荷，电荷量为+Q，现从A点将一质量为m，电荷量为-q的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道ADB运动到D点时速度为gr ，规定电场中B点的电势为零。则在+Q形成的电场中（ ）AA点电势高于D点电势BD点电势为-mgr2qCO点电场强度大小是A点的2倍D点电荷-q在D点具有的电势能为-mgr2三、实验题：本题共2小题，共18分。把

7、答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某学生用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用的电路如图所示，这位同学测得的六组数据如下表所示，试根据这些数据在坐标纸中做出U-I图线根据图线，可知被测电源的电动势E=_V,内阻r=_(结果保留两位小数)12（12分）某同学想通过“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的方法来测量一小灯泡的额定功率。所用器材如下：.待测小灯泡一只：额定电压为2.5V，电阻约为几欧.电压表一只：量程为3V，内阻约为3k.电流表一只：量程为0.6A，内阻约为0.1.滑动变阻器一只，干电池两节，开关一个，导线若干(1)请在图甲中补全测量小灯泡额定功率的电路图。

8、（_）(2)图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于_（选填“A端”、“B端”或“AB正中间”）；(3)该同学通过实验作出了小灯泡的伏安特性曲线，如图乙所示，则小灯泡的额定功率为_W；若将小灯泡直接与电动势E=3.0V，内阻r=7.5的电源相连，小灯泡的功率为_W。（结果均保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示的电路中，电阻，电源的电动势 E=12V，内阻，求 （1）电流表的读数；（2）电阻R1上消耗的功率14（16分）如图所示，质量为m、所带电量为q的小球以细线悬吊于O点，并置

9、于水平向右的匀强电场中（电场区域足够大），小球静止于P点，且细线与竖直方向夹角为，重力加速度为g，求：（1）小球带什么电荷（2）匀强电场的场强大小（3）剪断细线，经时间t小球与P点的距离15（12分）从斜面上某位置，每隔11s释放一个小球，在连续释放几个后，对在斜面上的小球拍下照片，如图所示测得，试求：（1）小球的加速度；（2）拍摄时B球的速度；（3）拍摄时；（4）A球上面滚动的小球还有几个？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A. 蓄电池的电动势是2V，只表示每通过1C的电荷量，电源把2J的化学能转变为

10、电能，而不表示在1s内将2J的化学能转变为电能；故A错误；B. 电场强度是从力的角度描述电场，电势从能的角度描述电场，两者大小无关系，电势是相对的，与零势点的选取有关，故B错误；C.导体的电阻：可知，电阻率大的导体的电阻值不一定大，还与导体的长度、横截面积有关。故C错误；D.根据可知，带电量为1C正电荷，从A点移动到B点克服电场力做功为1J，则A、B点的电势差为-1V故D正确。2、A【解析】由库伦力公式，故A正确，BCD错误3、A【解析】一个带电体接触一个不带电的物体，只有当两物体等大相同时，两个物体才会带上等量的同种电荷，选项A错误；静电感应不是创造电荷，只是电荷从物体的一部分转移到了另一部

11、分，选项B正确；摩擦可以起电，是普遍存在的现象，相互摩擦起电的两个物体总是同时带等量的异种电荷，选项C正确；摩擦和感应都能使电子转移，只不过前者是电子从一个物体转移到另一个物体，后者则使电子从物体的一部分转移到另一部分，选项D正确；此题是选择错误的，故选A【点睛】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变4、C【解析】因为输送功率为P，输送电压为U，所以输送电流为根据公式P=I2R得输电线上损失的功率为故C正确，ABD错误。故选C。5、C【解析】当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，

12、即：，当拉力倾斜时，物体受力分析如图由平衡条件得：，又，得摩擦力为：，联立解得：，故选C.6、A【解析】碰撞前系统总动量：p=pA+pB=12kgm/s，由题意，设mA=mB=m，碰前总动能为：Ek=；A. 若pA=6kgm/s，pB=6kgm/s，系统动量守恒，碰撞后的总动能：2=Ek，不可能；故B错误；C. 若PA=2kgm/s，PB=14kgm/s，系统动量守恒，碰撞后的总动能：Ek，不可能；故C错误；D. 若PA=5kgm/s，PB=7kgm/s，总动量为PA+PB=2kgm/s，系统的动量不守恒，不可能，故D错误故选A.【点睛】A、B碰撞过程动量守恒，碰撞过程系统机械能不增加，碰撞两

13、球不可能再发生二次碰撞，碰后后面小球的速度不大于前面小球的速度，据此分析答题二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】运用安培定则判断电流产生的磁场方向，根据左手定则判断安培力方向.将选项逐一代入检验，选择符合题意的.【详解】A、将a、c端接在电源正极，b、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，符合题意;故A正确.B、将b、d端接在电源正极，a、c端接在电源负极，根据安培定则可

14、知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向外，则MN垂直纸面向外运动，符合题意;故B正确.C、将a、d端接在电源正极，b、c端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向下，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，不符合题意;故C错误.D、将b、c端接在电源正极，a、d端接在电源负极，根据安培定则可知，线圈产生的磁场方向向上，再根据左手定则可知MN受到的安培力向里，则MN垂直纸面向里运动，不符合题意;故D错误.故选AB.【点睛】本题考查了右手螺旋定则和左手定则的应用，要判断准电流方向和磁场方向.8、AC【解析】A. 电子从M运动到N过程中，

15、只受电场力，电势能减小，电场力做正功，则动能增加，因此N点的动能大于M点的动能，故A正确；B. 电子通过相同位移时，电势能的减小量越来越小，说明电场力做功越来越小，由W=Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，不可能是匀强电场，故B错误；C. 电子所受的电场力减小，则知电子的加速度逐渐减小，故C正确；D. 带电粒子初速度为零，且沿着电场线运动，其轨迹一定为直线，故D错误故选AC.9、ACD【解析】竖直方向上有mg-qE=ma，随着电场强度E的减小，加速度a逐渐增大，当E=0时，加速度增大到重力加速度g，此后物块脱离墙面，此后电场力增大，重力不变。物体所受的合力增大，加速度也继续增大，故A

16、正确；物体脱离墙面时的速度向下，之后所受合外力与初速度不在同一条直线上，所以运动轨迹为曲线，故B错误；物体从开始运动到脱离墙面电场力一直不做功，由动能定理得： ，解得： ，故C错误；当物体与墙面脱离时电场强度为零，所以E=E0-kt=0，解得时间： ，故D正确。所以AD正确，BC错误。10、AB【解析】由题意可知，沿着电场线的方向，电势降低，而电场线从正电荷发散，则A点的电势高于D点电势，故A正确；-q电荷从A到D运动，根据动能定理，则有：mgr-W电=12mv2-0，解得：W电=12mgr；规定电场中B点的电势为零，AB 两点对称，因由D到B点电场力做正功，则电势能减小，因此D点的电势能为E

17、PD=12mgr；根据公式D=EPDq=-mgr2q，故B正确，D错误；根据点电荷电场强度公式，E=kQr2，电场强度的大小与间距的平方成反比，CA=2CO，则有O点电场强度大小是A点的2倍，故C错误；故选AB。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.48V 0.78 【解析】U-I图线的截距表示电动势，斜率表示内阻，故电池的电动势E=1.48V，内阻r=UI=1.48-10.63=0.78。12、 端 【解析】(1)1由于小灯泡电阻较小，电流表应用外接法，电路图如图所示(2)2图甲中开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应置于端，使得闭合电

18、键后，测量电路部分处于短路状态，电压表、电流表示数为0，起保护作用；(3)3当时，电流，所以额定功率为：4根据闭合电路欧姆定律可得：作出电源的图线，如图交点对应的电压和电流分别为：1.0V、0.28A，所以实际功率为：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）0.6A （2）8.1W【解析】试题分析：电阻R1与R2并联，求出并联电阻，电流表测的是R2的电流根据闭合电路欧姆定律求出流过电源的电流和路端电压，再求解电流表的读数；由总电流和流过电流表的电流，求出流过电阻R1的电流，再求电阻R1上消耗的功率（1）电路中的总电阻为：由闭合电路欧姆定律知，电路中的电流：路端电压：所以，通过R2的电流：电流表测的是R2的电流，所以其读数为0.6A（2）通过R1的电流I1=I-I2=（1.5-0.6）A=0.9A电阻R1上消耗的功率P1=I2R1=0.9210W=8.1W点睛：本题主要考查了电路中电流和电压的求法，应用相应公式即可解题，属于基础题14、（1）正电荷；（2） ；（3）。【解析】（1）小球受到的电场力向右，与场强方向一致，故小球带正电荷；（2）对小球受力分析，受重力、电场力和拉力，根据共点力平衡条件，有：Tcos=mgqE=mgtan，则；剪短细线后，小球受到重力和电