2022-2023学年四川省宜宾市李端中学高三物理月考试卷含解析

1、2022-2023学年四川省宜宾市李端中学高三物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 在水平桌面上，一个圆形金属框置于匀强磁场B1中，线框平面与磁场垂直，圆形金属框与一个水平的平行金属导轨相连接，导轨上放置一根导体棒ab，导体棒与导轨接触良好，导体棒处于另一匀强磁场B2中，该磁场的磁感应强度恒定，方向垂直导轨平面向下，如图甲所示磁感应强度B1随时间t的变化关系如图乙所示，01s内磁场方向垂直线框平面向下若导体棒始终保持静止，并设向右为静摩擦力的正方向，则导体棒所受的静摩擦力f随时间变化的图象是下列图中的参考答案：D2. 下列说法正确的

2、是A. 布朗运动是悬浮在液体中的小颗粒内分子无规则运动的反映B. 分子势能随分子间距増大而减小，随分子间距减小而增大C. 封闭气体压强是由于气体分子对容器壁频繁碰撞而产生的D. 一个固体在导热性上呈现各向异性，说明该固体一定是单晶体E. 液体的表面张力是由于液体表面分子间作用力表现为引力所致参考答案：CDE【详解】A.布朗运动是液体分子无规则运动的反映，故A错误：B.分子势能在rr0处最小，故B错误；C.封闭气体的压强由于气体分子对容器壁频繁碰撞而产生的，故C正确；D.各向异性是单晶体的特性，故D正确；E.当分子间距大于r0，液体表面分子间有引力，宏观表现为液体表面张力，故E正确。3. 某同学

3、将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I，变化的图线画在了同一坐标上，如图中的a、b、c所示，以下判断正确的是 A直线a表示电源的总功率PE-I图线 B曲线c表示电源的输出功率PRI图线 C电源的电动势E=3 V，内电阻r=1 D电源的最大输出功率Pm=2W参考答案：AD4. （多选）如图所示，处于真空中的匀强电场与水平方向成15角，AB直线与匀强电场E垂直，在A点以大小为v0的初速度水平抛出一质量为m、电荷量为q的小球，经时间t，小球下落一段距离过C点(图中未画出)时速度大小仍为v0，在小球由A点运动到C点的过程中，下列说法正确的是( )A电场力对小球做负功B重

4、力对小球做功大于mg2t2/2C小球的电势能增量小于mg2t2/2DC位于AB直线的右侧参考答案：ABD。根据动能定理可得：从A到C有：，电场力做负功，A正确；根据动量定理可得：，由此计算可知C答案错误；因为电场力做负功。若在B点，电场力不做功，在B左则电场力做正功，不符合求解结果，则C点在B点的右侧，D答案正确；在竖直方向，除受重力外，还受电场力的竖直分量，合力大于，也就是竖直方向的位移大于，则重力做的功大于mg2t2/2，依此B答案正确；故本题选择ABD答案。5. 如图所示，在倾角为的光滑斜面上，垂直斜面放置一根长为L、质量为m的直导线，当通以电流I时，欲使导线静止在斜面上，外加匀强磁场B

5、的最小值的大小和方向是()ABmgtan /IL，方向垂直斜面向上BBmgsin /IL，方向垂直斜面向下CBmgtan /IL，方向竖直向下DBmg/IL，方向水平向右参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 固定在水平地面上的光滑半球形曲面，半径为R，已知重力加速度为g。一小滑块从顶端静止开始沿曲面滑下，滑块脱离球面时的向心加速度大小为，角速度大小为。参考答案：，7. 如图所示，某人在离地面高为10m处，以大小为5m/s的初速度水平抛出A球，与此同时，在A球抛出点正下方，沿A球抛出方向的水平距离s处，另一人由地面竖直上抛B球，不计空气阻力和人的高度，发现B球上升到

6、最高点时与A球相遇，则B球被抛出时的初速度为_m/s，水平距离s为_m。 参考答案：10 58. 某研究性学习小组进行了如下实验：如图所示，在一端封闭的光滑细玻璃管中注满清水，水中放一个红蜡块做成的小圆柱体R 。将玻璃管的开口端用胶塞塞紧后竖直倒置且与 y 轴重合，在R从坐标原点以速度0=3cm/s匀速上浮的同时，玻璃管沿x轴正方向做初速度为零的匀加速直线运动。同学们测出某时刻R的坐标为（4， 6），此时R的速度大小为 cm/s。R在上升过程中的运动轨迹，在如图所示的坐标系中（单位：cm）对应的轨迹方程为 。(R视为质点)参考答案：5cm/s y2=99. 如图所示，在高为h的平台边缘以初速度

7、0水平抛出小球A，同时在水平地面上距台面边缘水平距离为s处竖直上抛小球B，两球运动轨迹在同一竖直平面内，不计空气阻力，重力加速度为g为使两球能在空中相遇，水平距离s应v0；若水平距离为s0，则B=参考答案：考点：平抛运动；竖直上抛运动分析：A做平抛运动，B球竖直上抛运动，要使两球在空中相遇，运动的时间必然小于A球运动时间，且A球的水平距离要等于s，两球同时运动，运动的时间相同，根据平抛运动和竖直上抛运动的公式，抓住时间，位移的关系联立方程即可求解解答：解：由于A做平抛运动有：x=v0t，h=，可得：x=v0所以为使两球能在空中相遇，水平距离应有：sx，即：sv0由：s0=v0t，h=+（vBt

8、）得：vB=故答案为：，点评：本题主要考查了平抛运动和竖直上抛运动的基本规律，关键要正确分析两个物体运动之间的关系10. 一列简谐横波沿x轴传播，某时刻（t=0）波的图像如图所示，此刻A、B两质点的位移相同，此后A和B分别经过最短时间0.1s和0.8s回到图示位置，该波沿x轴 方向传播（填“正”或“负”)，该波在18s内传播的距离为 m。参考答案：负，4011. 在伽利略羊皮纸手稿中发现的斜面实验数据如表所示，人们推测第二、三列数据可能分别表示时间和长度。伽利略时代的1个长度单位相当于现在的mm，假设1个时间单位相当于现在的0.5s。由此可以推测实验时光滑斜面的长度至少为 m，斜面的倾角约为

9、度。（g取10m/s2） 参考答案：答案：2.04，1.5解析：依题意，第一列数据为时间的平方t2，从数据分析可知第一列数据与第三列数据之比约为1:32（取平均值后比值为1：32.75），即斜面长度与时间的平方成正比，根据当时数据与现在的数据换算关系和匀变速运动公式，可得角度约为1.5。12. 某同学利用图甲所示的实验装置，探究物块在水平桌面上的运动规律。物块在重物的牵引下开始运动，重物落地后，物块再运动一段距离停在桌面上（尚未到达滑轮处）。从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个计数点，相邻计数点间的距离如图议所示。打点计时器电源的频率为50Hz。（1）通过分析纸带数据，可判断物块在相邻计数

10、点 和 之间某时刻开始减速。（2）物块减速运动过程中加速度的大小为= m/s2，若用来计算物块与桌面间的动摩擦因数（g为重力加速度），则计算结果比动摩擦因数的真实值 （填“偏大”或“偏小”）。参考答案：6 和 7 ， 2.0 m/s2 。 偏大 13. 水平面上，质量为m的滑块A以大小为v的速度碰撞质量为的静止滑块B，碰撞后A、B速度方向相同，它们的总动量为_；若B获得的初速为v0，碰撞后A的速度为_参考答案：mv； 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 现需测量一个电池的电动势E和内电阻r。器材有：电流表（量程60mA,内阻约为）；电压表（量程10V，内阻约为）；热敏电

11、阻（80200）；一杯水；一个开关；酒精灯；温度计；导线若干。（1）一位同学根据现有器材设计实验电路并连接了部分实物，如图所示，请你用笔画线代替导线把电压表接入电路。（2）用酒精灯对水加热，下表为该同学在不同水温下测得的电流和电压数据，并在UI图中标出，由该图可得电池的电动势E V，内电阻r （保留2位有效数字）。（3）利用以上数据还可以粗略算出热敏电阻的阻值，发现随着温度的升高，热敏电阻的阻值将会变 （填“小”或“大”）。 参考答案：（1）所画电路如图（2分） （2）5.86.2（2分），1921（2分）；（3）小 （2分）15. 为了测定某迭层电池的电动势（约20V22V）和内电阻（小于2

12、 ），需要把一个量程为10V的直流电压表（内阻为10 k）接一固定电阻（用电阻箱代替），改装成量程为30V的电压表，然后用伏安法测电源的电动势和内电阻。 （1）进行改装时，与电压表串联的电阻箱的阻值为_k。 （2）用图甲测量迭层电池的电动势E和内电阻r，图中虚线部分就是改装后的电压表（其中的表盘刻度没有更换），根据实验数据作出如图乙所示的UI图线，可知电池的电动势为_V，内电阻为_。（保留三位有效数字）参考答案：20 21.021.6 1.711.89 四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 把动力装置分散安装在每节车厢上，使其既具有牵引动力，又可以载客，这样的客车车辆叫做动车而动车组就是

13、几节自带动力的车辆（动车）加几节不带动力的车辆（也叫拖车）编成一组，就是动车组假设动车组在平直道路上运行过程中受到的阻力与其所受重力成正比，每节动车与拖车的质量均为m，每节动车的额定功率均为P若1节动车加1节拖车编成的动车组在平直道路上的最大速度为v0；现有一列动车组由5节动车加3节拖车编成 （1）该动车组在平直道路上的最大速度为多少？（2）若该动车组以额定功率加速，在t0内速度由0 提升至v0求列车在这t0内的位移大小？ 参考答案：解：（1）设每节动车和拖车的阻力为mg 1节动车加1节拖车编成的动车组：P=2mgv0 （3分） 5节动车加3节拖车编成的动车组：5P=8mgvm （3分） 代入

14、解得vm=1.25 v0（1分）（2）在t0内，对列车用动能定理，有 5Pt0-8mgs= （5分） 又P=2mgv 得: 17. 如图所示，高台的上面有一竖直的圆弧形光滑轨道，半径R=m，轨道端点B的切线水平质量M=5kg的金属滑块（可视为质点）由轨道顶端A由静止释放，离开B点后经时间t=1s撞击在斜面上的P点已知斜面的倾角=37，斜面底端C与B点的水平距离x0=3mg取10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，不计空气阻力（1）求金属滑块M运动至B点时对轨道的压力大小（2）若金属滑块M离开B点时，位于斜面底端C点、质量m=1kg的另一滑块，在沿斜面向上的恒定拉力F作用下由静止开

15、始向上加速运动，恰好在P点被M击中已知滑块m与斜面间动摩擦因数=0.25，求拉力F大小（3）滑块m与滑块M碰撞时间忽略不计，碰后立即撤去拉力F，此时滑块m速度变为4m/s，仍沿斜面向上运动，为了防止二次碰撞，迅速接住并移走反弹的滑块M，求滑块m此后在斜面上运动的时间参考答案：考点：机械能守恒定律；牛顿第二定律；平抛运动专题：机械能守恒定律应用专题分析：（1）由机械能守恒定律求出滑块到达B点时的速度，然后由牛顿第二定律求出轨道对滑块的支持力，再由牛顿第三定律求出滑块对B的压力（2）由平抛运动知识求出M的水平位移，然后由几何知识求出M的位移，由运动学公式求出M的加速度，由牛顿第二定律求出拉力大小（

16、3）由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式可以求出滑块的运动时间解答：解：（1）从A到B过程，由机械能守恒定律得：MgR=MvB2，在B点，由牛顿第二定律得：FMg=M，解得：F=150N，由牛顿第三定律可知，滑块对B点的压力F=F=150N，方向竖直向下；（2）M离开B后做平抛运动，水平方向：x=vBt=5m，由几何知识可知，m的位移：s=2.5m，设滑块m向上运动的加速度为a，由匀变速运动的位移公式得：s=at2，解得：a=5m/s2，对滑块m，由牛顿第二定律得：Fmgsin37mgcos37=ma，解得：F=13N；（3）撤去拉力F后，对m，由牛顿第二定律得：mgsin37+mgcos3

17、7=ma，解得：a=8m/s2，滑块上滑的时间t=0.5s，上滑位移：s=1m，滑块m沿斜面下滑时，由牛顿第二定律得：mgsin37mgcos37=ma，解得：a=4m/s2，下滑过程，s+s=at2，解得：t=s，滑块返回所用时间：t=t+t=0.5+s；答：（1）金属滑块M运动至B点时对轨道的压力大小为150N；（2）拉力F大小为13n；（3）滑块m此后在斜面上运动的时间为0.5+s点评：本题是多体多过程问题，分析清楚物体运动过程是正确解题的关键，应用机械能守恒定律、牛顿定律、运动学公式即可正确解题18. 如图10所示，质量为m的小球，由长为l的细线系住，线能承受的最大拉力是9mg，细线的

18、另一端固定在A点，AB是过A的竖直线，E为AB上的一点，且AE=0.5l，过E作水平线EF，在EF上钉铁钉D，现将小球拉直水平，然后由静止释放，小球在运动过程中，不计细线与钉子碰撞时的能量损失，不考虑小球与细线间的碰撞（1）若钉铁钉位置在E点，求细线与钉子碰撞前后瞬间，细线的拉力分别是多少？（2）若小球能绕钉子在竖直面内做完整的圆周运动，求钉子位置在水平线EF上距E点距离的取值。参考答案：（1）小球释放后沿圆周运动，运动过程中机械能守恒，设运动到最低点速度为v，由机械能守恒定律得，碰钉子瞬间前后小球运动的速率不变，碰钉子前瞬间圆周运动半径为l，碰钉子前瞬间线的拉力为F1，碰钉子后瞬间圆周运动半径为l/2，碰钉子后瞬间线的拉力为F2，由圆周运动、牛顿第二定律得：，得，（2）设在D点绳刚好承受最大拉力，记DE=x1，则：AD=悬线碰到钉子后，绕钉做圆周运动的半径为：r1=lAD= l当小球落到D点