2022年新疆乌鲁木齐市高一物理第一学期期末质量检测模拟试题含解析

1、2022-2023学年高一上物理期末模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、一石块从楼房阳台边缘向下做自由落体运动，到达地面，把它在空中运动的时间分为相等的三段，如果

2、它在第一段时间内的位移是，那么它在第三段时间内的位移是（）A.B.C.D.2、质量为50kg的乘客乘坐电梯从四层到一层，电梯自四层启动向下做匀加速运动，加速度的大小是0.6m/s2，则电梯启动时地板对乘客的支持力为 ( )( g=10m/s2)A.530NB.500NC.450ND.470N3、如图,A、B分别是甲、乙两小球从同一地点沿同一直线运动的v-t图象,根据图象可以判断A.甲、乙两球做初速度方向相反的匀减速直线运动,加速度大小相同方向相反B.两球在t=8s时相距最远C.两球在t=2s时速度相等D.两球在t=8s时相遇4、“江山代有人才出，各领风骚数百年”。我们在高中物理学习中树立创新精

3、神，科学方法和科学知识，将会使我们受益终身。在推导匀变速直线运动位移公式的时候，主要用了以下哪种方法（ ）A.放大法B.控制变量法C.整体法与隔离法D.微元法5、在第31届奥林匹克运动会中中国选手孙杨以1分44秒的成绩获得男子200米自由泳比赛冠军（国际标准游泳池长50米）下列说法正确的是() A.“1分44秒”指的是时间间隔B.孙杨200米自由泳的平均速度为1.92m/sC.在研究孙杨的技术动作时,可以把孙杨看成质点D.在游泳过程中,以游泳池里的水为参考系,孙杨是静止的6、一名人类宇航员到达某类地行星，在行星上完成自由落体运动实验，让一个质量为1kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第5s内

4、的位移是18m，则（）A.若改用2kg小球，会在更短时间内落地B.小球在第5s内的平均速度是C.该星球上的重力加速度为D.小球在5s内的位移是50m7、甲、乙两个质点同时同地向同一方向做直线运动，甲做匀速运动，乙在前一秒内做匀加速运动，之后做变加速运动，它们的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）A.1s前甲在前，1s后乙在前B.两质点相遇时距出发点40mC.前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度D.前4s时间内质点之间的最大距离可能是11m8、一人站在电梯内体重计上，电梯静止时体重计示数500N若电梯运动过程中，他看到体重计的示数为600N，则电梯的运动可能为（ ）A.加速向上，加速

5、度大小为2m/s2B.减速向上，加速度大小为2m/s2C.加速向下，加速度大小为2m/s2D.减速向下，加速度大小为2m/s29、如图光滑水平面上放着两块长度相同，质量分别为M1和M2的木板，两木板的左端各放一个大小、形状、质量完全相同的物块，物块和木板间的动摩擦因数相同，开始时各物均静止今在两物块上各作用一水平恒力F1、F2，当物块和木板分离时，两木板的速度分别为v1和v2下列说法正确的是（ ）A.若F1F2，M1=M2，则一定v1v2B.若F1v2C.若F1=F2，M1v2D.若F1=F2，M1M2，则一定v1v210、如图甲所示，绷紧的水平传送带始终以恒定速率v1运行初速度大小为v2的小

6、物块从与传送带等高的光滑水平地面上的A处滑上传送带若从小物块滑上传送带开始计时，小物块在传送带上运动的v-t图像（以地面为参考系）如图乙所示已知v2v1，则（）A.t2时刻，小物块离A处的距离达到最大B.t2时刻，小物块相对传送带滑动的距离达到最大C.0t3时间内，小物块始终受到大小不变摩擦力作用D.0t2时间内，小物块受到的摩擦力方向一直向右11、质量分别为2kg和3kg的物块A、B放在光滑水平面上并用轻质弹簧相连，如图所示，今用大小为作用在A上使AB相对静止一起向前匀加速运动，则下列说法正确的是A.弹簧的弹力大小等于8NB.弹簧的弹力大小等于12NC.突然撤去F瞬间，A的加速度大小为0D.

7、突然撤去F瞬间，B的加速度大小为412、质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x = 5t + t2（各物理量均采用国际单位制单位），则该质点（ ）A.初速度为5m/sB.第1 s内的位移是5 mC.任意1 s内的速度增量都是2m/sD.前2 s内的平均速度是7 m/s二填空题(每小题6分，共18分)13、为了探究“加速度与力、质量的关系”，现提供如图甲所示实验装置。请思考探究思路并回答下列问题(1)本实验需要平衡摩擦力，在平衡摩擦力的操作中，将木板不带滑轮的一端垫高，在_（填“挂钩码”或“不挂钩码”）的情况下，使_（填“拖有纸带”或“不拖纸带”）的小车做匀速直线运动；(2) A、B两位同学均

8、用此装置探究小车加速度a与外力F的关系，需要保持_不变，改变钩码的数量，各自得到的a F图像如图乙所示，分析二人所得图像不同的原因，是由于做实验时_不同；(3)C同学对此装置进行了改进，如图丙所示，将力传感器（可直接显示拉力大小固定在了小车上，则改进后_。A.长木板水平放置，不需要进行平衡摩擦力操作B.依然需要平衡摩擦力C.不需要满足小车质量远大于钩码质量D.需要满足小车质量远大于钩码质量14、用打点计时器测速度的实验中，如图所示为一次记录小车运动情况的纸带，图中A、B、C、D、E为依次先后相邻的计数点，图中数值的单位为cm。相邻计数点间还有4个点没有标出，所用交流电频率为50Hz。（1）物体

9、做_运动；（选填“匀速直线”、“匀加速直线”或“匀减速直线”）（2）计算vC_ m/s、vE_ m/s（结果保留三位有效数字）15、在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中,采用如图所示的实验装置,小车及车中砝码的质量用M表示,盘及盘中砝码的质量用m表示,小车的加速度可由小车后面拉动的纸带经打点计时器打出的点计算得到.（1）当M与m的大小关系满足_时,才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的总重力.（2）一组同学在探究加速度与质量的关系时,保持盘及盘中砝码的质量一定,改变小车及车中砝码的质量,测出相应的加速度,采用图象法处理数据.为了比较容易地得出加速度a与质量M的关系,应作出a与_图象

10、.(3)甲同学在探究加速度与力的关系时,根据测量数据作出的a一F图线,如图a所示.则实验存在的问题是_ .(4).乙、丙两同学用同一装置探究加速度与力的关系时,画出了各自得到的a一F图线,如图b所示.则两同学做实验时的哪一个物理量取值不同?答:_.三计算题(22分)16、（12分）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中。某足球场长90 m、宽 60 m。攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为10 m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2。求：（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大；（2）若

11、在足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线先从静止开始以1.6m/s2的加速度向前匀加速追赶足球，速度达到8 m/s后以此速度匀速运动。则该前锋队员经过多长时间能追上足球?17、（10分）中国已迈入高铁时代，高铁拉近了人们的距离，促进了经济的发展一辆高铁测试列车从甲站始发最后停靠乙站，车载速度传感器记录了列车运行的v-t图象如图所示已知列车的质量为4.0105kg，假设列车运行中所受的阻力是其重力的0.02倍，求：(1)甲、乙两站间的距离L：(2)列车出站时的加速度大小：(3)列车出站时的牵引力大小参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的

12、小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、A【解析】从静止开始的匀加速直线运动，在连续相等的时间间隔内，位移之比由于第一段时间内的位移为1.2m，因此第三段时间内的位移故选A。2、D【解析】电梯运动过程中加速度向下，故根据牛顿第二定律，有，解得，故D正确考点：考查了牛顿第二定律的应用3、D【解析】甲球先做匀减速运动后匀加速运动，乙球先做匀减速后匀加速运动，因此A错误，两球在速度相等时距离最远，此时时间在4s末到6s末之间，因此B错误，2s时甲乙两球的速度方向不一样，因此速度不相等，C错误，8s时甲乙两球都回到了出发点，位移为零，

13、因此相遇,D正确4、D【解析】在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法，D正确，ABC错误。故选D。5、A【解析】A时间间隔指一段时间，对应一过程，孙杨游泳200米，是一过程，故1分44秒为时间间隔，故A正确；B200米游泳比赛的位移是0，根据平均速度定义式可知平均速度也是0.故B错误；C质点是理想化的物理模型，物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或影响很小时，物体才可以看做质点，所以研究孙杨的技术动作时，孙杨的形状不能忽略，即孙杨不能看做质点，故C错误；D孙杨在游泳过程中，以水为

14、参考系，他是运动的，故D错误6、D【解析】A自由落体运动的快慢与物体质量无关，故A错误。BC小球在第5s内的位移是18m，则第5s内的平均速度为：=18m/s，第5s内的平均速度等于4.5s末的速度，所以有：故BC错误。D小球在前5s内的位移是：故D正确。故选D。7、CD【解析】在速度时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，图象的斜率表示加速度，图象与坐标轴围成面积代表位移，平均速度等于位移除以时间速度相等时两质点间的距离最大结合几何知识分析【详解】A项：1s前甲的速度比乙的大，则甲在前由图象可知，1s末两质点速度相等，但是没有相遇，所以1s后一段时间内，甲仍在乙的前面，故A错误；B项：由图象

15、可知，4s末甲离出发点40米，而乙离出发点大于40m，此时两者没有相遇，故B错误；C项：前4s时间内乙的位移大于甲的位移，时间相同，所以前4s时间内乙的平均速度大于甲的平均速度，故C正确；D项：在两质点相遇前，1s末两质点之间的距离为5m，但是4s内不是1s末两者相距最远，而是4s末两者相距最远，故最远距离等于两质点位移之差，根据“面积法”知，最大距离大于，可能为11m，故D正确故选CD【点睛】本题是速度-时间图象的应用，关键要知道在速度-时间图象中图象与坐标轴围成的面积表示位移，通过面积法分析最大距离8、AD【解析】电梯静止时体重计示数500N，表示人的重力为500N，所以人的质量为50kg

16、；电梯运动时体重计示数600N表示体重计对人的支持力为600N，由牛顿第二定律N-mg=ma解得方向向上，所以电梯可能加速上升或减速下降。故选AD。9、BC【解析】本题中涉及到两个物体，所以就要考虑用整体法还是隔离法，但题中研究的是两物体的相对滑动，所以应该用隔离法板和物体都做匀变速运动，牛顿定律加运动学公式和动能定理都能用，但题中“当物体与板分离时”隐含着在相等时间内物体的位移比板的位移多一个板长，也就是隐含着时间因素，所以不方便用动能定理解了，就要用牛顿定律加运动公式解【详解】若F1F2、M1=M2，根据受力分析和牛顿第二定律得：M1上的物块的加速度大于M2上的物块的加速度，即aaab，由

17、于M1=M2，所以摩擦力作用下的木板M1、M2加速度相同，设M1、M2加速度为a，木板的长度为L它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：L=aat12-at12物块与M2的相对位移：L=abt22at22由于aaab，所以得：t1t2，M1的速度为v1=aat1，M2的速度为v2=abt2，则v1v2，故A错误；若F1F2、M1=M2，根据A选项公式，由aaab，则v1v2，故B正确；若F1=F2时：由题很容易得到两物块所受的摩擦力大小是相等的，因此两物块的加速度相同，我们设两物块的加速度大小为a，对于M1、M2，滑动摩擦力即为它们的合力，设M1的加速度大小为a1

18、，M2的加速度大小为a2，根据牛顿第二定律得：mg=M1a1=M2a2得加速度：a1，a2设板的长度为L，它们向右都做匀加速直线运动，当物块与木板分离时：物块与M1的相对位移：L=at32a1t32物块与M2的相对位移：L=at42a2t42若M1M2，则a1a2，所以得：t3t4；M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1v2，故C正确若M1M2，a1a2，根据C项分析得：t3t4；M1的速度为v1=a1t3，M2的速度为v2=a2t4，则v1v2，故D错误；故选BC【点睛】要去比较一个物理量两种情况下的大小关系，我们应该通过物理规律先把这个物理量表示出来同时要把受力分析

19、和牛顿第二定律结合应用10、BD【解析】本题考查传送带问题，通过对小物块的速度时间图像进行分析，理解小物块的运动情况，然后根据牛顿第二定律判断小物块的受力情况。【详解】A由v-t图像得到，小物块在t1时刻速度为零，下一刻开始向右运动，所以t1时刻小物块离A处最远，A错误；Bt2时刻，小物块第一次与传送带相对静止，之前始终相对传送带向左运动，所以此刻小物块相对传送带滑动的距离达到最大，B正确；CD0t2时刻，小物块相对传送带向左运动，始终受到向右的滑动摩擦力滑动摩擦力大小和方向都不变，t2t3时刻，小物块相对传送带静止做匀速直线运动，合外力为零，水平方向没有其他外力，所以摩擦力为零，C错误，D正

20、确。故选BD。11、BD【解析】AB、对整体分析，整体的加速度，隔离对B分析，则弹簧的弹力，故A错误，B正确；C、撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，则A的加速度，故C错误；D、撤去F的瞬间，弹簧弹力不变，则B的加速度，故D正确故选BD【点睛】对整体分析，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离分析求出弹簧的弹力；撤去F的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律求出A、B的加速度大小12、ACD【解析】对照匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，即可求得质点的初速度和加速度，求出前2s内的位移之后，与时间相比即可求得平均速度速度增量根据v=at求解【详解】质点做直线运动的位移x与时间t的关系

21、为x=5t+t2，根据匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，可得质点的初速度 v0=5m/s，加速度a=2m/s2选项A正确；将t=1s代入，求得x=6m，所以第1秒的位移是6m，故B错误；任意1s内的速度增量：v=at=21m/s=2m/s，故C正确由x=5t+t2可得前2s内的平均速度为，故D正确故选ACD二填空题(每小题6分，共18分)13、 .不挂钩码 .拖有纸带 .小车质量 .小车质量 .BC【解析】(1)12平衡摩擦力的操作中，将木板不带滑轮的一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使拖有纸带的小车恰好做匀速直线运动(2)3探究小车加速度a与外力F的关系，需要保持小车质量不变

22、4由图像斜率表示小车质量的倒数，由图像可知，两直线斜率不同，说明做实验时小车质量不同(3)5AB实验中要将力传感器的示数作为小车的合外力，只有在平衡摩擦力情下，力传感器的示数才等于小车的合外力，故A错误，B正确；CD由于实验中力传感器可直接测出绳的拉力，在平衡摩擦力的情况下，绳的拉力即为小车的合力，则不需要满足小车质量远大于钩码质量，故C正确，D错误。故选BC。14、 .匀加速直线 .2.64 .5.16【解析】(1)1由题意可知：相邻时间内位移差为：常数，因此小球做匀加速直线运动；(2)2匀加速直线运动中，根据时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，因此有：3同理可得：根据解得：15、 .Mm . .平衡摩擦力时木板倾角过大 .两小车及车上砝码的总质量不同【解析】(1)1由牛顿第二定律得，对M、m组成的系统：对M：解得当时，即小车的质量远大