甘肃省天水市第二中学2023学年物理高二第二学期期末综合测试模拟试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,理想降压变压器的副线圈电路中为定值电阻, 是光敏电阻(光照强增大,电阻减小).原线圈输入功率为,副线圈输出功率为;和是理想交流电压表,示数分别用和表示: 和是理想交流电流表,示数分别用和表示.下列说法正确的是（ ）A大于B

2、大于C光照强度增大, 不变、变大D光照强度增大, 变小、变小2、如图所示，闭合线圈abcd从高处自由下落一段时间后垂直于磁场方向进入一有界磁场从ab边刚进入磁场到cd边刚进入磁场的这段时间内，下列说法正确的是()Aa端的电势高于b端Bab边所受安培力方向为水平向左C线圈可能一直做匀速运动D线圈可能一直做匀加速直线运动3、若某一物体在水平面上沿直线做匀速运动，则该物体一定是（ ）A加速度不为0B位移为0C合力可能不为0D合力为04、如图所示为一圆形区域的匀强磁场,在O点处有一放射源,沿半径方向射出速度为v的不同带电粒子,其中粒子1从A点飞出磁场,粒子2从B点飞出磁场.不考虑带电粒子的重力,则(

3、)A带电粒子1与2的半径的比为1:2B带电粒子1与2的比荷的比为C带电粒子1与2在磁场中运动周期比为3:1D带电粒子1与2在磁场中运动时间的比为2:35、如图所示，ABC为一直角玻璃三棱镜的横截面，A30，一束红光垂直AB边射入，从AC边上的D点射出，其折射角为60。则下列说法正确的是A玻璃对红光的折射率为B红光在玻璃中的传播速度大小为C若使该束红光绕O点顺时针转过60角，则光不会从AC面射出来D若将这束红光向左水平移动一小段距离则从AC面上出来的折射角小于606、图甲和图乙是演示自感现象的两个电路图，L1和L2为电感线圈，A1、 A2、 A3是三个完全相同的灯泡实验时，断开开关S1瞬间，灯A

4、1突然闪亮，随后逐渐变暗；闭合开关S2，灯A2逐渐变亮，而另一个相同的灯A3立即变亮，最终A2与A3的亮度相同下列说法正确的是( )A图甲中，A1与L1的电阻值相同B图甲中，闭合S1，电路稳定后，A1中电流大于L1中电流C图乙中，变阻器R与L2的电阻值相同D图乙中，闭合S2瞬间，L2中电流与变阻器R中电流相等二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、（多选）某物体以30m/s的初速度竖直上抛，不计空气阻力，g=10m/s2，则5s内（ ）A物体的路程为65mB物体的位移大小

5、为25mC物体速度改变量的大小为10m/sD物体的平均速度大小为13m/s，方向竖直向上8、A、B两带电小球，质量分别为mA、mB，用绝缘不可伸长的细线如图悬挂，静止时A、B两球处于相同高度若B对A及A对B的库仑力分别为FA、FB，则下列判断正确的是（ ）AFAFBB细线AC对A的拉力C细线OC的拉力FTC(mAmB)gD同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向的加速度相同9、如图所示，轻杆可以绕O点自由转动，两轻绳AC和BC长度相同，A、B端固定在轻杆上，另一端系于C点悬挂重物m，ACB大于90，某同学缓慢转动轻杆将重物抬起，直到BC绳竖直的过程中，下列说法正确的是（）AAC绳的拉力一直减

6、小BAC绳的拉力先增大后减小CBC绳的拉力一直增大DBC绳的拉力先增大后减小10、下列说法正确的是A当分子间作用力表现为斥力时，若分子间的距离减小，则分子间的斥力增大，引力减小B使用钢笔难以在油纸上写字，这是因为钢笔使用的墨水与油纸不浸润C所有晶体都表现为各向异性，所有非晶体都表现为各向同性D一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组为验证动量守恒定律，将一轻弹簧压缩并用细线拴住置于水平光滑桌面上，紧挨着压缩后的轻弹簧两端分别放置大小相等、质量不等的小球a和b，系统处于静止状态，如题1

7、1图所示将细线烧断，球被弹出，两小球飞离桌面前都已离开弹簧(1)若只需验证动量守恒定律，请你在以下操作中选出最简单有效的操作步骤_（只填写操作步骤前的字母代号）A用螺旋测微器测量出小球的直径d；B用刻度尺测量出桌面离水平地面的竖直高度h；C用天平分别测量出a、b两小球的质量ma和mb；D用重锤线分别悬于小球a和b飞离桌子边缘的位置，待其静止时记下重锤在地面上的投影点O1、O2；E 烧断细线，记下两小球a和b第一次落地时的位置M点和N点；F用刻度尺分别测量O1M的长度Sa和O2N的长度Sb；G利用h、g（重力加速度）计算时间，再用Sa和Sb计算出两球水平飞出速度va、vb(2)请你写出验证动量守

8、恒最简单有效的关系式_（选用d、h、ma、mb、g、Sa、Sb表示）(3)若实验小组还需测定烧断细线前，压缩弹簧储存的弹性势能则弹性势能的表达式EP=_（选用d、h、ma、mb、g、Sa、Sb表示）12（12分）某同学用伏安法测定待测电阻Rx的阻值（约为10 k），除了Rx，开关S、导线外，还有下列器材供选用：A电压表（量程01 V，内阻约10 k）B电压表（量程010 V，内阻约100 k）C电流表（量程01 mA，内阻约30 ）D电流表（量程00.6 A，内阻约0.05 ）E电源（电动势1.5 V，额定电流0.5 A，内阻不计）F电源（电动势12 V，额定电流2 A，内阻不计）G滑动变阻器

9、R0（阻值范围010 ，额定电流2 A）为使测量尽量准确，电压表选用_，电流表选用_，电源选用_（均填器材的字母代号）；画出测量Rx阻值的实验电路图_该同学选择器材、连接电路和操作均正确，从实验原理上看，待测电阻测量值会_其真实值（填“大于”“小于”或“等于”），原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，电子从A孔飘入电压U1=5000V电场中，(此时电子的速率可认为等于零)，经电场加速后，从B孔沿平行板间的中线垂直射入匀强电场，若两板间距d=1.0cm，板长 L=5.0cm ，要使电子能从两板

10、间飞出，求两个极板上所加电压U2的最大值。（电子的质量me=9.11031kg，电量e=1.61019C）14（16分）一定质量的理想气体，状态从ABCA的变化过程可用如图所示的PV图线描述，气体在状态C时温度为TC=300K，求：（1）气体在状态A时的温度TA，并比较A、B状态时气体的温度；（2）若气体在AB过程中吸热500J，则在AB过程中气体内能如何变化？变化了多少？15（12分）某色光在真空中的波长为0.6m，某介质对这种色光的折射率为1.5，求：(1)该色光在此介质中的传播速度；(2)该色光光子的能量为多少焦耳?（h=6.631034Js2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一

11、、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】A. 原副线圈电流与匝数成反比，因为是理想降压变压器，n1n2，所以I1小于I2，故A错误；B. 理想变压器本身不消耗能量，输入功率等于输出功率，故B错误；C. 光照强度增大，光敏电阻减小，因为输入电压和匝数不变，所以U2不变，总电阻减小，那么副线圈的电流I2变大，因此原线圈的电流I1也变大，故C正确，D错误故选C.2、C【答案解析】此过程中ab边始终切割磁感线，ab边为电源，由右手定则可知电流为逆时针方向，由a流向b，电源内部电流从低电势流向高电势，故a端的电势低于b端，故

12、A错误；由左手定则可知ab边所受安培力方向竖直向上，故B错误；如果刚进入磁场时安培力等于重力，则一直匀速进入，如果安培力不等于重力，则，可知线圈做变加速运动，故C正确，D错误所以C正确，ABD错误3、D【答案解析】ACD.物体匀速运动，合力为零，根据牛顿第二定律可知，加速度一定为零，故AC错误D正确。B.因为物体匀速运动，所以位移不为0，故B错误。4、D【答案解析】A.粒子在磁场中做圆周运动，由数学知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角为，设粒子的轨道半径为、，则有，带电粒子1与2的半径的比，故A错误。B.洛仑磁力提供向心力，由牛顿第二定律可得：，粒子的比荷为：，所以粒子的比荷之比为，所以B错误

13、。CD.粒子在磁场中运动的周期的表达式为：，所以两粒子的周期比为：；运动的时间分别为，所以，故D正确。5、C【答案解析】A、红光到达AC面的入射角为 i=30，折射角为r=60，则玻璃对红光的折射率为：，故A错误；B、红光在玻璃中的传播速度大小为：，故B错误；C、设临界角为C，则若使该束红光绕O点顺时针转过60角，入射角为 i=60，根据折射定律可得，折射角为r=30，光线射到AC面上的入射角等于60，大于临界角C，所以光线在AC面发生全反射，不会从AC面射出来，故C正确；D、若将这束红光向左水平移动一小段距离，光线射到AC面上的入射角不变，则折射角不变，仍为60，故D错误。6、C【答案解析】

14、断开开关S1瞬间，灯A1突然闪亮，由于线圈L1的自感，通过L1的电流逐渐减小，且通过A1，即自感电流会大于原来通过A1的电流，说明闭合S1，电路稳定时，通过A1的电流小于通过L1的电流，L1的电阻小于A1的电阻，AB错误；闭合S2，电路稳定时，A2与A3的亮度相同，说明两支路的电流相同，因此变阻器R与L2的电阻值相同，C正确；闭合开关S2，A2逐渐变亮，而A3立即变亮，说明L2中电流与变阻器R中电流不相等，D错误【答案点睛】线圈在电路中发生自感现象，根据楞次定律可知，感应电流要“阻碍”使原磁场变化的电流变化情况电流突然增大时，会感应出逐渐减小的反向电流，使电流逐渐增大；电流突然减小时，会感应出

15、逐渐减小的正向电流，使电流逐渐减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【答案解析】试题分析：设竖直向上为正，则根据x=v0t-12gt2，即x=30t-5t2，代入t=5s可得x=25m，B正确；当物体上升到最高点时的路程为，历时t=考点：考查了竖直上抛运动【名师点睛】对于竖直上抛运动，通常有两种处理方法，一种是分段法，一种是整体法，两种方法可以交叉运用，还需要注意平均速度等于这段过程中的位移与时间的比值，不是路程与时间的比值8、CD【答案解析】对小球A受力分析，

16、受重力、静电力、拉力，如图，根据平衡条件，则有两球间的库仑力是作用力与反作用力，大小一定相等，与两个球是否带电量相等无关，A错误；由共点力的平衡条件有，因此，B错误；由整体法可知，细线的拉力等于两球的重力，C正确；同时烧断AC、BC细线后，A、B在竖直方向重力不变，所以加速度相同，D正确【答案点睛】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分析，求解重力表达式后比较质量大小；根据整体法来确定细线的拉力，并由牛顿第二定律则可判定细线烧断后各自的运动情况9、AD【答案解析】对结点C进行受力分析，其受力如图：C点受到重物的拉力mg，AC的拉力以及BC的拉力，由三力平衡的特点可知，AC与BC的拉力的合力

17、与重物对C的拉力大小相等，方向相反当B点逐渐升高的过程中，AC与BC之间的夹角不变，重物对C的拉力方向始终向下，若以C点为圆心，以mg大小为半径做一个圆，则AC与BC的合力的方向将顺时针转动，如图：由平行四边形定则可知，AC的拉力与BC的拉力将如图变化；可知拉力AC逐渐减小，而当AC的平行线与圆相切时（图中得红色线），拉力BC达到最大值，此后继续抬高B点，则BC的拉力减小，所以整个的过程中BC的拉力先增大后减小由以上的分析可知，AD正确，BC错误10、BD【答案解析】A、当分子间作用力表现为斥力时，若分子间的距离减小，则分子间的斥力增大，引力也增大，故A错误；B、使用钢笔难以在油纸上写字，是由

18、于墨水与油纸不浸润造成的，故B正确；C、多晶体表现为各向同性，单晶体才表现为各向异性，故C错误；D、根据热力学第二定律可知，一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的，故D正确；故选BD【答案点睛】分子之间的作用力都随分子距离的增大而减小；使用钢笔难以在油纸上写字，是由于墨水与油纸不浸润造成的；多晶体表现为各向同性；一切与热现象有关的宏观自然过程都是不可逆的三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CDEF maSa【答案解析】(1)(2)球离开桌面后做平抛运动，取A的初速度方向为正方向，两球质量和平抛初速度分别为：ma、mb、va、vb，平

19、抛运动的水平位移分别为Sa、Sb，平抛运动的时间为t，需要验证的方程：0=mava(3)平抛运动竖直方向h=12gt2，得到t=2hg，对系统根据能量守恒定律有12、B； C； F； 大于； 电压表的读数大于呆测电阻两端实际电压； 【答案解析】试题分析：由于本题的被测电阻达到10k，所以电源要选择电动势大的，然后根据电路电流选择电流表，电压表；若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，根据和的关系分析电流表的接法；根据电流表的接法判断实验误差所在；若选用电源1.5V，由于被测电阻很大，电路中电流非常小，不利于实验，即电源选用12V的，即F；则电压表就应该选取B；电路中的最大电流为，故选用电流表C；因为给的滑动变阻器的最大阻值只有10，若采用限流接法，则电路中电流和电压变化不明显，故采用滑动变阻器的分压接法，由于，所以采用电流表内接法，电路图如图所示，由于电流表的分压，导致电压测量值偏大，而电流准确，根据可知测量值偏大；【答案点睛】滑动变阻器的分压和限流接法的区别和选用原则：区别：（1）限流接法线路结构简单，耗能少；（2）分压接法电压调整范围大，可以从0到路端电压之间连续调节；选用原则：（1）优先限流接法，因为它电路结构简单，耗能较少；（2）下列情况之一者，须采用分压接法：当测量电路的电阻远大于滑动变阻器阻