中考教育化学推断题专题总结练习带答案

1、中考化学推断题专题练习(带答案)一、中考化学推断题1AH是初中化学常有的物质，其相互转变关系以下列图，其中A是人体胃液中帮助消化的物质，B用于改良酸性土壤1）D的化学式为_（2）A转变成E的化学方程式为_，其反应基本种类属于_；B转变成H的化学方程式为_。（3）分别写出物质F和H的一种用途_；_。【答案】CaCl2Fe+2HCl=FeCl2+H2置换反应Ca(OH)2+CO2=CaCO3+H2O供给呼吸重要的建筑资料【解析】【解析】A是人体胃液中帮助消化的物质，那么A是稀盐酸；B用于改良酸性土壤，故B是熟石灰氢氧化钙；稀盐酸与氢氧化钙发生中和反应生成氯化钙和水，依照反应条件可知C是水，D是氯化

2、钙；水电解生成氢气和氧气，稀盐酸能转变成E，故E是氢气，那么F是氧气；氯化钙能与碳酸钠等物质反应生成碳酸钙，即白色积淀物是碳酸钙。【详解】（1）D是氯化钙,D的化学式为CaCl2。（2）A是稀盐酸，E是氢气，A转变成E的化学方程式为Fe+2HCl=FeCl2+H2，其反应基本种类属于置换反应；B是熟石灰，H是碳酸钙，故B转变成H的化学方程式为Ca(OH)2+CO2=CaCO3+H2O。（3）物质F是氧气，氧气能够供给呼吸，考点：物质的推断H是碳酸钙，是重要的建筑资料。2如图中的AK分别代表初中化学中的常有物质。已知：A和C的组成元素相同，G的浓溶液在实验室常作为干燥剂，J是年产量最高的金属；K

3、为蓝色不溶物。图中部分反应物或生成物及反应条件未标出。请回答以下问题：1）I的化学式为_，K的化学式为_2）写反应的化学方程式：_；所属基本反应种类为_；3）实验室常用暗紫色固系统取D，反应的化学方程式为：_；4）写出防范金属J锈蚀的方法：_；【答案】CuSO4Cu（OH）2Fe+CuSO4Cu+FeSO4置换反应加热2KMnO42422KMnO+MnO+O刷油漆等【解析】【解析】A和C的组成元素相同，G的浓溶液在实验室常作为干燥剂，J是年产量最高的金属，K为蓝色不溶物，则G为硫酸，J为铁，K为氢氧化铜；由过氧化氢在二氧化锰的催化作用下生成水和氧气，则A为过氧化氢溶液，C为水，D为氧气；水通电

4、分解生成氢气和氧气，则F为氢气；H与硫酸反应生成I，I与碱溶液反应生成氢氧化铜积淀，则I为硫酸铜溶液，H为氧化铜，则E为铜；铁与硫酸铜溶液反应生成硫酸亚铁溶液和铜。【详解】（1）H与硫酸反应生成I，I与碱溶液反应生成氢氧化铜积淀，则I为硫酸铜溶液，故I的化学式为CuSO4；K为蓝色不溶物，则G为硫酸，J为铁，K为氢氧化铜，K的化学式为Cu(OH)2。（2）反应，即铁与硫酸铜溶液反应生成硫酸亚铁溶液和铜，反应的化学方程式为Fe+CuSO4Cu+FeSO4，该反应是一种单质和一种化合物反应生成另一种单质和另一种化合物的反应，属于置换反应。（3）实验室常用暗紫色固系统取D，即高锰酸钾在加热条件下生成

5、锰酸钾、二氧化锰和氧气，反应的化学方程式是2KMnO4K2MnO4+MnO2+O2。4）防范金属J锈蚀，即防范铁锈蚀，可采用涂油、刷油漆等方法。【点睛】G的浓溶液在实验室常作为干燥剂，J是年产量最高的金属，酸，J为铁，K为氢氧化铜，水通电分解生成氢气和氧气，则K为蓝色不溶物，则F为氢气。G为硫3102（2018河南中考模拟）某同学将一小包铜粉和锌粉的混杂物放入必然量的硝酸银溶液中，使其充分反应后过滤，获取固体和蓝色滤液。并对滤液的组成进行研究。(1)请写出一个有关反应的化学方程式。_(2)同学们又对滤液中所含的物质作出多种猜想，有两种猜想可能成立，第一种猜想是滤液中含硝酸锌、硝酸铜，则另一种猜

6、想应是什么？_(3)请你设计实验方案来考据第一种猜想。_【答案】Zn+2AgNO332+2Ag332Zn(NO)或Cu+2AgNOCu(NO)+2Ag滤液中含AgNO、Zn(NO)、Cu(NO)。取样品少量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有33232AgNO，只含Zn(NO)、Cu(NO)。33232【解析】（1）依照锌的活动性比银强，利用锌与硝酸银的反应规律，写出反应的化学方程式；（2）依照三种金属的活动性序次锌铜银，推断将一小包铜粉和锌粉的混杂物放入必然量的硝酸银溶液中可能发生的反应，获取固体和蓝色溶液，对反应后溶液的组成进行猜想；（3）依照三种金属活动性及氯离子与银离子不能够共存的反应

7、规律，设计考据猜想一。（1）锌置换硝酸银中的银，同时获取硝酸锌，反应的化学方程式为Zn+2AgNO332=Zn(NO)2Ag；（2）由获取溶液呈蓝色，说明铜粉与硝酸银发生了反应，反应后溶液中必然含有硝酸铜；由于锌的活动性比铜强，锌会先于铜与硝酸银反应且锌粉可与硝酸铜反应，因此可判断锌粉已完好反应，溶液中必然含有硝酸锌；硝酸银可否完好反应则成为所要猜想的两种可能，若硝酸银完好反应，则溶液中只含有硝酸锌、硝酸铜，若硝酸银有节余，则溶液中含有硝酸锌、硝酸铜、硝酸银（或AgNO3、Zn(NO3)2、Cu(NO3)2）；（3）取样品少量，加入稀盐酸，无现象，证明溶液中没有AgNO3，由于溶液呈蓝色，因此

8、必然有Cu(NO3)2，Zn和AgNO3反应生成了Zn(NO3)2，因此溶液中只有Zn(NO3)2、Cu(NO3)2，没有AgNO3。点睛：活动性强的金属放入活动性弱的金属的混杂盐溶液中，活动性强的金属会先把活动性最弱的金属从其盐溶液中置换出来，尔后再置换活动性较弱的金属。4AE是初中化学常有的物质，它们之间的关系以下列图。已知有红色物质生成，C是胃液的主要成分，B是密度最小的气体，A、D均是氧化物且反应E可用作补钙剂。则反应的基本反应种类是_；A与C反应的化学方程式为_；ED的化学方程式为_。【答案】置换反应CuO+2HClCuCl2+H2OCaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2（或

9、CaCO3CaO+CO2）【解析】【解析】依照AE是初中化学常有的物质，A、D均是氧化物且反应有红色物质生成，C是胃液的主要成分，B是密度最小的气体，E可用作补钙剂，因此C是盐酸，B是氢气，E是碳酸钙，碳酸钙和D能够相互转变，因此D是二氧化碳，氢气会与A反应，A会转变成二氧化碳，因此A是氧化铜。【详解】由上解析可知反应是氢气和氧化铜加热生成铜和水，基本反应种类是置换反应；A与C的反应是氧化铜和盐酸反应生成氯化铜和水，化学方程式为；ED的反应能够是碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，化学方程式为【点睛】C是胃液的主要成分，C是盐酸，B是密度最小的气体，B是氢气，E可用作补钙剂，E是碳酸钙。

10、5以下框图中的物质均为初中化学常有的物质，其中A是某建筑资料的主要成分，B属于氧化物，以下列图是它们之间的相互转变关系。回答：1）写物质的化学式：A_；E_。2）获取F溶液的操作I的名称为_。3）写出BG的化学方程式_。4）若K是蓝色积淀，反应的化学方程式为【答案】CaCO3Ca（OH）2过滤CuO+H2SO4（OH）2【解析】【解析】；【详解】_。=CuSO4+H2OCuSO4+2NaOH=Na2SO4+CuA是某建筑资料的主要成分高温会分解，因此A是碳酸钙，则无色气体C是二氧化碳，D是氧化钙，D与水反应即氧化钙与水反应生成的E是氢氧化钙，氢氧化钙与适合的碳酸钠溶液反应生成的溶液F的溶质是氢

11、氧化钠，B属于氧化物能与稀硫酸反应生成有色溶液，因此B可能是常有的氧化铁或氧化铜，因此G可能是硫酸铁或硫酸铜，由K是蓝色积淀可知K是氢氧化铜，则G是硫酸铜，生成的H是硫酸钠。带入整个流程，推断正确。因此：（1）A是碳酸钙，化学式为CaCO3；E是氢氧化钙，化学式为2，故填：.3Ca（OH）CaCOCa（OH）2；（2）氢氧化钙与适合的碳酸钠溶液反应生成碳酸钙积淀和溶液F，因此获取F溶液的操作I的名称为过滤，故填：过滤；（3）BG能够是氧化铜和稀硫酸的反应，因此化学方程式为：CuO+H2SO4=CuSO4+H2O，故填：CuO+H2SO4=CuSO4+H2O；（也能够是氧化铁与硫酸的反应）（4）

12、若K是蓝色积淀，反应是硫酸铜与氢氧化钠的反应，化学方程式为：CuSO4+2NaOH=Na2SO4+Cu（OH）2，故填：CuSO4+2NaOH=Na2SO4+Cu（OH）2。6如图A、B、C、D是初中化学中常有的四种物质，其中A为黑色单质，D为紫红色单质，B、C是组成元素相同的两种气态化合物。“”表示物质间的转变关系（部分反应物、生成物及反应条件省略）。请回答：1）实验室制取C的化学方程式是_；2）B的一种用途_；3）AD反应的化学方程式是_。【答案】CaCO322作燃料或冶炼金属C+2CuO2Cu+CO+2HCl=CaCl+HO+CO【解析】【解析】A为黑色单质，D为红色单质，A能够转变成B

13、，因此A是碳，碳和氧化铜产生铜，则D为铜；B、C是组成元素相同的两种气态化合物，且B能够转变成铜，因此B是一氧化碳，为二氧化碳，代入检验，吻合题意。【详解】（1）C为二氧化碳，是用石灰石也许大理石和稀盐酸反应生成氯化钙和二氧化碳以及水，对应的化学方程式为：CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2；故填：CaCO3+2HClCaCl2+H2O+CO2；2）B是一氧化碳，拥有可燃性、还原性，因此能够作为燃料或冶炼金属；故填：作燃料或冶炼金属；3）碳和氧化铜高温获取铜和二氧化碳，故反应的方程式为：C+2CuO2Cu+CO2。7依照图示推断（假设均完好反应），请回答以下问题：1）D是_（填化学式

14、）。2）若B是水，则A是_（填化学式）。（3）若B是酸，则与A发生反应的化学方程式为_。4）写出上述图示中生成白色积淀C和红褐色积淀E的反应的化学方程式：生成白色积淀C的反应：_；生成红褐色积淀E的反应：_。【答案】FeCl3Fe2（SO4）3Fe2O3+3H2SO4=Fe2（SO4）3+3H2OFe2（SO4）3+3BaCl2=3BaSO4+2FeCl3FeCl3+3NaOH=Fe（OH）3+3NaCl【解析】【解析】加入氯化钡后生成的白色积淀C不溶于硝酸，且生成黄色溶液D，故C是硫酸钡，由于D加入氢氧化钠后会生成氯化钠和E氢氧化铁，则D是氯化铁，有色溶液含有的溶质是硫酸铁，带入框图推断合理

15、；【详解】（1）D是氯化铁，化学式为FeCl3；（2）若B是水，A是溶解后形成的硫酸铁溶液，故A是硫酸铁固体，化学式为Fe24）（SO3；（3）若B是酸，则与A发生的反应为氧化铁和稀硫酸反应，该化学方程式为：Fe2O3+3H2SO4=Fe2（SO4）3+3H2O；（4）上述图示中生成白色积淀C和红褐色积淀E的反应的化学方程式为：Fe2（SO4）3+3BaCl2=3BaSO4+2FeCl3、FeCl3+3NaOH=Fe（OH）3+3NaCl。8A、B、C、D均含有同一种元素，它们的转变关系如图（部分物质和反应条件已略去）。1）若A是紫红色金属，D犯难溶性碱。则D的化学式为_，由C转变成A的化学方

16、程式为_。（2）若A属于氧化物，其相对分子质量为56，A与水化合得B，C是白色难溶固体。则B的一种用途是_，由D转变成C的化学方程式为_。【答案】Cu(OH)2CuSO4Fe=CuFeSO4(或CuCl2Zn=CuZnCl2等)改良酸性土壤(或作建筑资料等)CaClNa2CO3=CaCO32NaCl或CO2Ca(OH)2=CaCO3H2O等2【解析】【详解】（1）依照“A是紫红色金属”，因此A是铜，依照“A、B、C、D均含有同一种元素”，“D为难溶性碱”，因此D是氢氧化铜，由于C能够和氢氧化铜相互转变，且C能够转变成铜，因此C是铜的盐溶液，如硫酸铜、氯化铜等，依照转变关系可知，B应该为氧化铜，

17、经过考据推出的各种物质均满足题中的转变关系，因此D的化学式为：Cu（OH）2；由C转变成A的化学方程式为CuSO4+Fe=FeSO4+Cu(或CuCl2Zn=CuZnCl2等)；（2）依照“A属于氧化物，其相对分子质量为56”，因此A为氧化钙；依照“A与水化合得B”，因此B是氢氧化钙，C是“白色难溶固体”，因此C是碳酸钙，D和碳酸钙能相互转变，D能够是钙盐，也能够是二氧化碳，经过考据推出的各种物质均满足题中的转变关系。氢氧化钙能够用于改良酸性土壤；由B转变成C的化学方程式为：Ca（OH）2+Na2CO3CaCO3+2NaOH或Ca（OH）2+CO2CaCO3+H2O。9已知A、B、C三种物质含

18、有同种金属元素，其中物；D、E、F三种物质含有同种非金属元素，其中200300倍，F是单质。将A高温煅烧，获取B与A是大理石的主要成分，B为氧化E与血红蛋白的结合力大体是氧气的D，它们之间的转变关系以下列图（有些变换关系，反应条件等略去），试回答：1）B的化学式为_；2）C在工农业生产、生活中的主要用途有（写出一条）_；3）D+FE的化学方程式：_，此反应的种类为_；4）正是由于大气中有D等气体的存在所引起的_，使得全球平均地表温度提高到适合人类生计的15。高温【答案】CaO改良酸性土壤CO2+C2CO化合反应温室效应。【解析】【解析】A、B、C三种物质含有同种金属元素，其中A是大理石的主要成

19、分，因此A是碳酸钙，B为氧化物，因此B是氧化钙，将碳酸钙高温煅烧，获取氧化钙与D，因此D是二氧化碳，D、E、F三种物质含有同种非金属元素，其中E与血红蛋白的结合力大体是氧气的200300倍，F是单质，因此F是碳，E是一氧化碳，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，因此C是氢氧化钙，经过考据，推导正确。【详解】1）B是氧化钙，化学式为CaO；2）氢氧化钙在工农业生产、生活中的主要用途有改良酸性土壤；3）D+FE的反应是二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，化学方程式为：高温CO2+C2CO，该反应属于化合反应；4）正是由于大气中有D等气体的存在所引起的温室效应，使得全球平均地表温度提高到适合人类生计的1

20、5。10AG是初中化学中常有的物质，其相互反应及转变关系以下列图，部分反应条件省略已知A是易与人体血红蛋白结合的有毒气体，B是赤铁矿的主要成分，C是相对分子质量最小的氧化物，F是最轻的气体1）G的化学式为_。2）写出相应反应的化学方程式：_。_。3）反应的实验现象是_。高温通电【答案】Fe3O43CO+Fe2O32Fe+3CO22H2O2H2+O2火星四射，激烈燃烧，生成黑色固体【解析】【详解】1AGAA一氧化碳，B是赤铁矿的主要成分，因此B是氧化铁，C是相对分子质量最小的氧化物，因此C是水，F是最轻的气体，因此F是氢气，氧化铁和一氧化碳反应会生成铁和二氧化碳，水分解生成氢气和氧气，因此E是氧

21、气，D会与氧气反应生成G，因此D是铁，G是四氧化三铁，经过考据，推导正确，因此G是Fe3O4；（2）反应是一氧化碳和氧化铁在高温的条件下生成铁和二氧化碳，化学方程式为：高温3CO+Fe2O32Fe+3CO2；反应是水在通电的条件下生成氢气和氧气，化学方程式通电为：2H2O2H2+O2；3）反应是铁和氧气在点燃的条件下生成四氧化三铁，实验现象是：火星四射，激烈燃烧，生成黑色固体。11A、B、C为初中化学常有的物质，且都含有同一种元素，它们之间的反应关系如图所示（表示一步反应的转变）：（1）若A、B组成元素相同，B含量过多以致温室效应加剧，写出一个吻合BC的化学方程式_；（2）若B为密度最小的气体

22、，A、C的化学式能够是_（填序号）HCl、H2OH2SO4、NaOHH2O2、H2CO33）若A、B、C是不相同类其余化合物，B是改良酸性土壤的碱，BC发生中和反应，则A能够是_，写出BC的化学方程式_。【答案】CO2+H2OH2CO3（合理答案均可）CaOCa(OH)2+2HClCaCl2+H2O（合理答案均可）【解析】【详解】依照题干供给的信息结合物质的性质解析解答。以致温室效应的气体是二氧化碳，密度最小的气体是氢气，氢氧化钙能改良酸性土壤。（1）若A、B组成元素相同，B含量过多导致温室效应加剧，则B是二氧化碳，A是一氧化碳，二氧化碳能与水反应生成碳酸，反应的化学方程式为CO2223B是氢

23、气，盐酸与爽朗+HOHCO；（2）B为密度最小的气体，则金属反应能转变成氢气，氢气在氧气中燃烧能转变成水，应选；（3）B是改良酸性土壤的碱，则B是氢氧化钙，氧化钙能与水反应生成氢氧化钙，则A是CaO；又BC发生中和反应，则C能够是盐酸，盐酸与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，反应的化学方程式为Ca(OH)2+2HClCaCl2+H2O。12AH是初中化学常有的8种物质，分别由C、H、O、Cl、Ca中的一种或几种元素组成，已知A、B、C、D是不相同类其余物质，C是大理石的主要成分，D、G组成元素相同，E是一种可燃性气体，H常温下是一种气态单质。这些物质之间互有关系如右图所示，图中“表”示能相互反应，图

24、中“”表示转变关系。(部分反应物、生成物及反应条件已略去)(1)C的化学式是_。(2)A与B反应的化学方程式是_。FE反应的化学方程式是_。(3)DG反应的基本反应种类是_。(4)H的一种用途是_。【答案】CaCO3222通电22化合反应帮助燃烧、Ca(OH)+2HCl=CaCl+2HO2HO2H+O医疗急救、炼钢等【解析】【解析】已知A、B、C、D是不相同类其余物质，C是大理石的主要成分，C是碳酸钙；D、G组成元素相同，H常温下是一种气态单质；二氧化碳与一氧化碳组成元素相同，并且二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，D是二氧化碳，G是一氧化碳；碳与氧气充分燃烧生成二氧化碳，不充分燃烧生成一

25、氧化碳，H是氧气；二氧化碳能与A反应，A可能是氢氧化钙，氢氧化钙能与B反应，B能生成E，E是一种可燃性气体，B是盐酸，E是氢气；B能生成F，F能生成水，水在通电的条件下生成氢气和氧气，因此F是水，代入框图，推理合理。【详解】由解析可知：（1）C是碳酸钙，化学式是：CaCO；3（2）A与B反应是氢氧化钙和盐酸反应生成氯化钙和水，化学方程式是Ca(OH)2+2HCl=CaCl+2H2O；FE的反应是水在通电的条件下生成氢气和氧气，反应的化学方程式是2H2O通电2H2+O2；3）DG的反应是二氧化碳和碳在高温的条件下生成一氧化碳，该反应是由两种物质生成一种物质，属于化合反应；4）H是氧气，用途有：帮

26、助燃烧、医疗急救、炼钢等。13如图化学反应的溶液颜色变化表现了“魔法世界，魅力化学”，已知溶液X中的阴离子是Cl，请回答：(1)溶液X是_(填化学式)，试剂A的名称是_。(2)若B是氧化物，则该反应在生活中常用于_。(3)若C是单质，则浅绿色溶液中溶质的名称是_。(4)若D是碱，则X与D反应的化学方程式为_。【答案】HCl紫色石蕊试液除铁锈氯化亚铁Cu（OH）2【解析】【解析】依照解析可知黄色溶液、蓝色溶液、浅绿色溶液都是盐的溶液，能够三种物质反应生成可溶性的且带颜色的盐的只有酸的溶液，因此X应该为酸，且溶液X中的阴离子是Cl-，因此为稀盐酸。【详解】（1）溶液X是HCl；和酸反应生成红色溶液

27、的就是紫色石蕊试液；（2）X为稀盐酸，B是氧化物，它们生成的是黄色溶液，则该反应在生活中常用于除铁锈；（3）X为稀盐酸，C是单质，它们生成的是浅绿色溶液，可推断C为铁，浅绿色溶液中溶质为氯化亚铁；（4）X为稀盐酸，D是碱，它们生成的是蓝色溶液，可推断D为氢氧化铜，则反应方程式为Cu（OH）2+2HCl=CuCl+2H2O【点睛】本题为推断题，做这类题目要点是从题干中依照所学知识找出题眼打破口，尔后顺藤摸瓜理出各物质之间的反应，并判断出各物质。14海水是巨大的资源宝库。以下是某工厂对海水资源综合利用的表示图。(1)操作I和操作II的名称分别是(2)反应(2)的化学反应方程式是_、_。母液中必然含

28、有的金属元素是_；反应(1)的基本反应种类是_。_；通电【答案】蒸发浓缩过滤镁2NaCl+2H222O2NaOH+H+Cl复分解【解析】【详解】：（1）操作中从海水中获取粗盐的过程，属于蒸发结晶；操作分别粗盐和母液能够使用过滤的方法，母液是食盐的饱和溶液，加入石灰乳能生成氢氧化镁，故必然含有钠元素和镁元素，故填：蒸发结晶；过滤；钠和镁；（2）反应（2）是电解饱和的氯化钠溶液能生成氢氧化钠、氢气和氯气，反应（1）是氢氧化镁和盐酸的反应生成氯化镁和水，是由两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物，通电属于复分解反应；故填：2NaCl+2H2O2NaOH+H2+Cl2；复分解反应。15AE为初中化学

29、中常有的不相同类其余物质，它们的转变关系以下列图（部分反应物、生成物及反应条件已略去），其中A与D的反应常用作实验室制取氢气，E是一种蓝色溶液，回答以下问题：1）写出物质A的化学式：_。2）写出吻合反应的化学方程式：_。3）图中全部反应中没有涉及的基本反应种类是_。4）写出C的一条用途_。【答案】H2SO4CuO+H2SO4=CuSO4+H2O或Cu(OH)2+H2SO4=CuSO4+2H2O分解反应改良酸性土壤等【解析】【解析】A与D的反应常用作实验室制取氢气，则A与D一种是酸，另一种是锌，E是一种蓝色溶液，因此E平时是硫酸铜溶液，D能与E反应，因此D是锌，A是酸，平时是稀硫酸，A能生成E，

30、因此推理正确，由于A、B、C、D、E是不相同类其余物质，因此B与C一种是碱，一种是氧化物，能与酸反应的氧化物平时是金属氧化物，因此B可能是氧化钙，C可能是氢氧化钙，代入发现推理合理。【详解】（1）由解析知，物质A是稀硫酸，它的化学式为：H2SO4；（2）反应是稀硫酸生成硫酸铜，因此它的化学方程式为：CuO+H2SO4=CuSO4+H2O或Cu(OH)2+H2SO4=CuSO4+2H2O；（3）图中有金属与酸的置换反应，金属氧化物与酸、碱与酸、盐与酸的复分解反应，有金属氧化物生成碱的化合反应，没有分解反应，故填：分解反应；（4）由解析知C可能是氢氧化钙，它常用来改良酸性土壤，故填：改良酸性土壤。

31、16A、B、C、D、E是初中化学中常有的物质，其中A为黑色固体，C犯难溶性钙盐，其转变关系以下列图。1）A的化学式为_。2）写出EC的化学方程式为_。（3）图中所示的全部反应中，必然不包含的基本反应种类是_反应。【答案】CCO2232置换+Ca（OH）CaCO+HO【解析】【解析】A、B、C、D、E是初中化学中常有的物质，A为黑色固体，能与氧气反应生成两种不相同物质，因此A为C，完好燃烧生成CO2，不完好燃烧生成CO，CO还能够和氧气反应，因此B为CO，E为CO2，D为H2CO3，C犯难溶性钙盐，因此C为CaCO3，则A是碳。【详解】（1）A、B、C、D、E是初中化学中常有的物质，A为黑色固体

32、，化学式为：C。（2）EC的反应是氢氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙积淀和水，化学方程式为CO2+Ca(OH)2=CaCO3+H2O。（3）A与氧气或B与氧气的反应为化合反应，E和D的相互转变成化合和分解反应，C犯难溶性碳酸盐要转变成E二氧化碳，能够发生分解或复分解反应，而二氧化碳转变成碳酸钙的反应不属于基本反应种类，因此该图示中没有涉及置换反应。【点睛】A、B、C、D、E是初中化学中常有的物质，A为黑色固体，能与氧气反应生成两种不相同物质，因此A为C，完好燃烧生成CO2，不完好燃烧生成CO，CO还能够和氧气反应，因此B为CO，E为CO2，D为H2CO3，C犯难溶性钙盐，因此C为CaCO3。17

33、现有A、B、D、E、F六种初中化学常有的物质，其中A、E是金属单质，B、C、D、F分别可是酸、碱、盐、氧化物中的一种，A、F是黑色粉末，B和C的相对分子质量相等。用两圆间的短线“”表示两种物质能够发生化学反应，箭头“”表示一种物质能转变成另一种物质。双向箭头“”表示能够相互转变。请回答以下问题：(以上反应均在初中知识范围内)(1)图中有一条表示两种物质能相互转变的双向箭头没有画出，请在图中补充画出并使其转化关系成立_；(2)写出化学式：A_：F_；(3)写出A与D反应的化学方程式_；(4)足量B与F反应的实验现象为_。【答案】FeCuOFe+CuSO4FeSO4+Cu黑色固体逐渐溶解，溶液由无

34、色变成蓝色【解析】【解析】A、B、D、E、F六种初中化学常有的物质，其中A、E是金属单质，B、C、D、F分别可是酸、碱、盐、氧化物中的一种，A、F是黑色粉末，B和C的相对分子质量相等，C会转变成黑色粉末，因此C是氢氧化铜，F是氧化铜，B就是硫酸，E和氧化铜能够相互转变，因此E是铜，A会转变成铜，因此A是铁，D是硫酸铜。【详解】A、E是金属单质，B、C、D、F分别可是酸、碱、盐、氧化物中的一种，A、F是黑色粉末，B和C的相对分子质量相等，C会转变成黑色粉末，因此C是氢氧化铜，F是氧化铜，B就是硫酸，E和氧化铜能够相互转变，因此E是铜，A会转变成铜，因此A是铁，D是硫酸铜。(2)A是Fe，F是Cu

35、O。(3)A与D的反应是铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，化学方程式为：Fe+CuSO4FeSO4+Cu。(4)足量B与F的反应是氧化铜和硫酸反应生成硫酸铜和和水，实验现象为：黑色固体逐渐溶解，溶液由无色变成蓝色。(4)黑色固体逐渐溶解，溶液由无色变成蓝色。【点睛】B和C的相对分子质量相等，C会转变成黑色粉末，因此C是氢氧化铜，F是氧化铜，B就是硫酸，E和氧化铜能够相互转变，因此E是铜。18AF是初中化学中常有的六种物质，其中A是一种黑色物质，B、C组成元素相同，C、D、E、F是不相同类其余化合物，D和E的溶液均呈碱性，且E可用作建筑资料，它们相互间的关系以下列图(图中“”“”表示相连的物质两两

36、之间能够发生反应，表示由某一物质转变成另一物质，部分反应物生成物及反应条件已略去)，请回答。(1)E的化学式为_；(2)写出反应的化学方程式_；(3)反应属于_反应(填基本反应种类)。【答案】Ca(OH)2CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O复分解【解析】【解析】AF是初中化学中常有的六种物质，E可用作建筑资料，D和E的溶液均呈碱性，则E是氢氧化钙，D和氢氧化钙反应，D是碳酸钠，F与碳酸钠和氢氧化钙反应，则F是酸，B、C组成元素相同，则B、C是二氧化碳、一氧化碳中的一种，D生成C，B也能生成C，则C是二氧化碳，B是一氧化碳，A是一种黑色物质，则A是碳。【详解】(1)E可用作建筑资料，D和E

37、的溶液均呈碱性，则E是氢氧化钙，E的化学式为Ca(OH)2(2)反应是二氧化碳和氢氧化钠反应生成碳酸钠和水，反应的化学方程式为CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O(3)反应是碳酸钠和氢氧化钙反应生成碳酸钙和氢氧化钠，故属于复分解反应。【点睛】AF是初中化学中常有的六种物质，E可用作建筑资料，D和E的溶液均呈碱性，则E是氢氧化钙，D和氢氧化钙反应，D是碳酸钠，A是一种黑色物质，则A是碳。19甲、乙、丙是初中常有物质，它们之间的转变关系以以下列图所示，其中部分反应物、生成物及反应条件已略去。1）若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，则乙是_。2）若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应

38、，甲、乙、丙三种金属的化学式依次是_（写一组）。3）若甲、乙、丙含相同的金属元素。甲是可用于改良酸性土壤的碱，乙转变成丙的化学方程式是_(写一个）。（4）以下三组物质中，吻合上述转变关系的是_（填标号）。组别甲乙丙aH2O2H2OO2bNaCONaOHNaSO2324cKOHKNO3K2CO3【答案】一氧化碳（或CO）Zn、Fe、CuCaCl2+Na2CO3=CaCO3+2NaClab【解析】【解析】依照甲、乙、丙是初中常有物质，若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，因此丙是二氧化碳，甲转变成的乙会转变成二氧化碳，因此甲是氧气，乙是一氧化碳；若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应，排

39、在前面的金属能够将排在后边的金属从其盐溶液中置换出来；若甲、乙、丙含相同的金属元素，甲是可用于改良酸性土壤的碱，因此甲是氢氧化钙，甲、乙都会转变成丙，因此乙是氯化钙，氢氧化钙、氯化钙都会生成丙，因此丙是碳酸钙，尔后将推出的物质进行考据即可。【详解】（1）若甲、乙、丙都是气体，丙是灭火剂，因此丙是二氧化碳，甲转变成的乙会转变成二氧化碳，因此甲是氧气，乙是一氧化碳；2）若甲、乙、丙都为金属，反应皆是在溶液中进行的置换反应，排在前面的金属能够将排在后边的金属从其盐溶液中置换出来，因此甲、乙、丙三种金属的化学式依次是：Zn、Fe、Cu；3）若甲、乙、丙含相同的金属元素，甲是可用于改良酸性土壤的碱，因此

40、甲是氢氧化钙，甲、乙都会转变成丙，因此乙是氯化钙，氢氧化钙、氯化钙都会生成丙，因此丙是碳酸钙，乙转变成丙的反应是氯化钙和碳酸钠反应生成碳酸钙积淀和氯化钠，化学方程式是：CaCl2+Na2CO3=CaCO3+2NaCl；（4）a、过氧化氢分解会生成水和氧气，水通电会生成氢气和氧气，故正确；b、碳酸钠会转变成氢氧化钠，氢氧化钠会转变成硫酸钠，碳酸钠也会转变成硫酸钠，故正确；c、硝酸钾不会转变成碳酸钾，故错误。应选：ab。故答案为：（1）一氧化碳（或CO）；2）Zn、Fe、Cu；4）ab。20以下是初中化学中常有的物质：铁、氢气、氧化铜、二氧化碳、硫酸、氢氧化钠、氯化铜。他们进行击鼓传花游戏，条件是

41、相互之间能发生反应就可以进行传达。请把上述物质分别安排在AG的地址上，使花束能从A传到G其中A的固体俗称干冰。请回答：（1）氢氧化钠应放在地址_上。（2）C和D反应的化学方程式为_，反应种类为_反应。上述物质除了发生从A到G的化学反应外，常温下还能够相互发生化学反应的是_。（3）当G换成另一个同种类物质时就能将花传回起点A，它是_（写名称）。【答案】BFe+CuCl置换硫酸和氢氧化钠碳2FeCl2+Cu【解析】【解析】A的固体俗称干冰，因此A是二氧化碳，二氧化碳能够和氢氧化钠反应，则B是氢氧化钠；氢氧化钠能够和硫酸和氯化铜反应，假设C是氯化铜，氯化铜能够和铁反应，因此D就是铁；铁能够和硫酸反应

42、，因此E就是硫酸；硫酸能够和氧化铜反应，氧化铜能够和氢气反应，因此F是氧化铜，G是氢气，假设成立。【详解】（1）氢氧化钠能够和二氧化碳反应，因此氢氧化钠在B地址上。（2）C是氯化铜，D是铁，铁和氯化铜反应产生氯化亚铁和铜，化学方程式为Fe+CuCl2FeCl2+Cu，该反应是单质和化合物生成新的单质和化合物的置换反应；常温下硫酸能与氢氧化钠反应，化学方程式为：H2SO4+2NaOHNa2SO4+2H2O。3）G是氢气，属于单质，氢气和碳都能够还原氧化铜，因此能够把氢气换成碳单质。【点睛】铁、氢气、氧化铜、二氧化碳、硫酸、氢氧化钠、氯化铜，相互之间能发生反应就可以进行传达，A的固体俗称干冰，A是

43、二氧化碳，二氧化碳能够和氢氧化钠反应，则B是氢氧化钠，硫酸能够和氧化铜反应，氧化铜能够和氢气反应，因此F是氧化铜，G是氢气。21AE均为初中化学常有的物质，它们之间的关系以下列图(部分物质已经略去)。已知A是目前生界上年产量最高的金属;B是胃酸的主要成分;C中金属元素的质量分数为40%，其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液;D属于碱;E属于盐。则C的化学式为_;A与B反应的化学方程式为_；E转变成D的化学方程式为_。【答案】CuSO422323Fe+2HCl=FeCl+HNaCO+Ca(OH)=2NaOH+CaCO【解析】A是目前生界上年产量最高的金属，则A是铁；B是胃酸的主要成分，则B是盐

44、酸；C中金属元素的质量分数为40%，其水溶液呈蓝色，常用来配制农药波尔多液，则C是硫酸铜；D属于碱，E属于盐，且E、D能与HCl反应，D能与CuSO4反应，并且常有，则D可能是NaOH，E可能是Na2CO3。C的化学式为CuSO4；A与B的反应是铁与盐酸反应，反应的化学方程式为Fe+2HCl=FeCl2+H2；E转变成D是碳酸钠转变成氢氧化钠，反应的化学方程式为Na2CO3+Ca(OH)2=2NaOH+CaCO3。点睛：在解此类题时，第一将题中有特点的物质推出，尔后结合推出的物质和题中的转变关系推导节余的物质，最后将推出的各种物质代入转变关系中进行考据即可。22如图是初中化学中常有化合物间的转

45、变关系，其中A在常温下是液体，F是人体胃液中助消化的酸，E常用来改良酸性土壤，A和B在不相同的条件下会发生不相同的化学反应。图中“表”示两端的物质能发生化学反应，“”表示物质间存在转变关系，反应条件、部分反应物和生成物已略去。（1）写出物质的化学式：A_，B_。（2）B和G之间发生反应的化学方程式为_。（3）G和F之间的反应属于基本反应种类中的_反应。（4）C物质的一种用途是_。【答案】H2OCO2CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O复分解建筑资料（或补钙剂等）【解析】【解析】A在常温下是液体，则A可能是水；F是人体胃液中助消化的酸，则F是盐酸；再由A（水）和B在不相同的条件下会发生不相同

46、的化学反应”，可知B为二氧化碳，由于二氧化碳能与水反应生成碳酸，别的，二氧化碳和水在植物光合作用下能反应转变成葡萄糖和氧气；由于A（水）还能够和D反应，则D为氧化钙；又D能转变成E，且E能和F盐酸反应，则E为氢氧化钙，吻合E常用来改良酸性土壤的说法；再结合图示可知，G能分别与B二氧化碳、F盐酸反应，则G为碱液（如氢氧化钠）；由于C能转变生成D（氧化钙）或A（水）或B（二氧化碳），故C为碳酸钙，带入框图，推断合理。【详解】（1）由解析知AB是水和二氧化碳，化学式为：H2O、CO2；E是氢氧化钙，F是盐酸，盐酸能与氢氧化钙反应生成氯化钙和水，反应的方程式为：Ca（OH）2+2HCl=CaCl+2H

47、2O；（2）B是二氧化碳，G是氢氧化钠，两者反应的方程式为：CO2+2NaOHNa2CO3+H2O；3）G是氢氧化钠，F是盐酸，该反应的基本种类属于复分解反应；4）C是碳酸钙，能够用作建筑资料。23有一包白色粉末可能由NaClNaNO24、MgCl、CuSO中的一种或多种物质组成。小明为了研究其成分，设计并完成了以以下列图所示的实验。依照以上实验，回答：1）操作是_2）原固体粉末中必然没有的成分是_。3）生成积淀A的化学方程式是_。（4）上述实验_（填能或不能够）确定原固体粉末中含有NaCl、NaNO3。【答案】过滤CuSO42NaOH+MgCl2=Mg(OH)2+2NaCl不能够【解析】【详

48、解】硫酸铜溶液为蓝色，一包白色粉末可能由NaCl、NaNO3、MgCl2、CuSO4、中的一种或多种物质组成，固体粉末溶解后溶液为无色，说明没有硫酸铜；溶液中加入氢氧化钠，生成白色积淀，说明有氯化镁，因氯化镁和氢氧化钠生成氯化钠和氢氧化镁积淀；向所得溶液中加入硝酸银生成白色积淀，说明溶液中有氯离子，但由于氯化镁中有氯离子，因此不能够证明原粉末中有氯化钠。故：操作是过滤，目的是将积淀与溶液分别；原固体粉末中必然没有的成分是硫酸铜；生成积淀A的化学方程式是2NaOH+MgCl2=Mg(OH)2+2NaCl；依照上述实验不能够确定原固体粉末中含有NaCl、NaNO3。24AF均为初中化学中常有的物质

49、，且均含一种地壳中含量最多的元素，其中A是单质；B、C均为液体，且组成元素相同；E是引起温室效应的主要物质；反应中出现火星四射现象；反应会放出大量的热。其物质间的转变关系以下列图，图中“”表示两端的物质能发生化学反应；“”表示物质间存在转变关系，其余反应条件、部分反应物和生成均已略去。1）写出E的化学式_，A物质的主要用途是_；2）写出反应的化学方程式_，生成物F是_色固体；3）写出反应的化学方程式_；4）写出反应的化学方程式_基本反应种类为_。点燃【答案】CO2供给呼吸3Fe+2O2Fe3O4黑CaO+H2O=Ca(OH)22H2O2MnO22H2O+O2分解反应【解析】【解析】推断题要注意

50、找打破口，能够从典型物质、典型现象、典型组成、典型反应等方面搜寻，也能够从特点用途、元素或物质之最、反应基本种类、反应条件等方面搜寻。【详解】（1）都含有地壳中含量最多的元素氧，且A是单质，E是引起温室效应的主要物质，由此可知A是氧气，能供给呼吸，E是二氧化碳，故填CO2和供给呼吸；（2）依照“火星四射”可知F是四氧化三铁，那么的转变就是铁在氧气中燃烧生成四氧化三铁，故填3Fe+2O234和黑色；FeO（3）含有氧元素的液体常有的有水和过氧化氢，水通电分解能够获取氧气，氢气在氧气中燃烧又能够生成水，A和C之间能够相互转变，可知C是水，B就是过氧化氢，能和二氧化碳发生反应的物质有水和可溶性碱，因

51、此D应该是可溶性的碱，且这类碱是由水和物质反应获取的，吻合条件的只有氧化钙和水反应生成的氢氧化钙，则D是氢氧化钙，故填CaO+HO=Ca(OH)；22（4）由上解析可知发生的是过氧化氢分解生成水和氧气，属于分解反应，故填2H2O22H2O+O2。25A、B、C、D、E是常有的不相同类其余物质，它们之间的转变及反应关系以下列图（部分反应物、生成物及反应条件未标出，“”表示转变关系，“一”表示相互能反应）。人体缺乏A元素会引起贫血，B溶液呈蓝色且可用于配制波尔多液，B和D含有相同的阴离子。1）C应是化合物中的_类；E的化学式是_。2）A与B溶液反应后，溶液的质量_（填“增大”“减小”或“不变”）。

52、3）CD反应的化学方程式可能是_。【答案】碱H2O减小2NaOH+H2SO4Na2SO4+2H2O【解析】【解析】依照题目给出的流程图和信息：A、B、C、D、E是常有的不相同类其余物质，人体缺乏A元素会引起贫血，因此A是铁；B溶液呈蓝色且可用于配制波尔多液，因此B是硫酸铜；B和D含有相同的阴离子，因此D是硫酸；硫酸铜和氢氧化钠反应生成氢氧化铜蓝色积淀和氢氧化钠，因此C是氢氧化钠。硫酸和氢氧化钠都能转变成E，因此E是水。【详解】1）氢氧化钠属于碱，因此C是碱类；故答案为：碱；H2O；2）A是铁，B是硫酸铜，铁和硫酸铜反应生成硫酸亚铁和铜，铁的相对原子质量小于铜，因此溶液的质量减小；故答案为：减小

53、；3）氢氧化钠和硫酸反应生成硫酸钠和水，配平即可；故答案为：2NaOH+H2SO4Na2SO4+2H2O。【点睛】在书写中和反应的化学方程式时要注意水分子前的系数。26有一包白色粉末可能含有碳酸钠、硫酸钾、氯化钡、硫酸铜和氯化钠中的一种或几种，现进行以下操作：1）把白色固体放入水中，过滤，获取白色积淀和无色溶液；2）向白色积淀中加入足量的稀硝酸，积淀全部溶解且有无色气体生成，将气体通入澄清水灰水中，澄清水灰水变浑浊；（3）向操作（2）后的无色溶液中加入硝酸银溶液，产生白色积淀；则这包粉末必然有_、_，必然没有_、_，可能有_。【答案】碳酸钠氯化钡硫酸铜硫酸钾氯化钠【解析】【解析】硫酸铜在溶液中

54、显蓝色，碳酸钠和氯化钡反应会生成溶于酸的碳酸钡积淀，硫酸钾和氯化钡反应生成不溶于酸的硫酸钡积淀。【详解】1）把白色固体放入水中，过滤，获取白色积淀和无色溶液，因此白色固体中必然不含硫酸铜，必然含有氯化钡，可能含有碳酸钠和硫酸钾中的一种或两种；2）向白色积淀中加入足量的稀硝酸，积淀全部溶解且有无色气体生成，将气体通入澄清水灰水中，澄清水灰水变浑浊，因此白色固体中必然含有碳酸钠、必然不含硫酸钾；3）向操作（2）后的无色溶液中加入硝酸银溶液，产生白色积淀，氯化钡中含有氯离子，因此不能够确定白色固体中可否含有氯化钠，因此这包粉末必然有碳酸钠、氯化钡，故填碳酸钠、氯化钡；必然没有硫酸铜、硫酸钾，故填硫酸

55、铜、硫酸钾；可能有氯化钠，故填氯化钠。27如图中的物质均为初中化学常有的物质。其中甲、乙、丙、丁、戊均为单质，丙是空气中含量最多的气体。常温下，丁为黑色固体，戊为紫红色金属；G是一种拥有刺激性气味的气体，其水溶液呈碱性，工业上用甲和丙化合制备G；农业上常用F改良酸性土壤（如图中部分反应条件已省略）。回答以下问题：1）D为_；G为_。（2）工业上用甲和丙化合制备G，反应中甲与丙的分子个数比为_，在电解A实验中，_极产生物质乙。3）H和E反应生成C和戊的化学方程式为_。4）工业上能够用甲和四氯化硅在高温条件下发生置换反应来制取硅单质。此反应的化学方程式为_。加热高温【答案】氧化钙氨气3：1正极Cu

56、O+COCu+CO2SiCl4+2H2Si+4HCl【解析】【解析】由图可知，A是水，通电时生成氢气甲和氧气乙，氢气和空气中含量最多的氮气在必然条件下反应生成氨气G，熟石灰F和硫酸铵在加热条件下反应能生成氨气；B是碳酸钙，在高温条件下分解生成二氧化碳C和氧化钙D，氧化钙和水反应生成氢氧化钙F；二氧化碳C和木炭丁在高温条件下反应生成一氧化碳E，氧气和铜戊在加热条件下反应生成氧化铜H，氧化铜和一氧化碳在加热条件下反应生成铜和二氧化碳；氢气和四氯化硅在高温条件下发生置换反应生成硅单质和氯化氢气体。【详解】（1）由解析可知，D为氧化钙，故填氧化钙；为氨气，故填氨气。（2）由解析可知，甲为氢气，丙为氮气，氢气和氮气在高温高压、催化剂存在条件下反应生成氨气，反应的化学方程式为：N22催化剂3+3H2NH，由化学方程式可知，反应中甲高温高压与丙的分子个数比为3：1，故填3：1；由解析可知，乙为氧气，电解水时，正极产生氧气，故填正极。3）由解析可知，H为氧化铜，E为一氧化碳，氧化铜和一氧化碳在加热条件下反应生成铜和二氧化碳，故反应的的化学方程式写为：CuO+COCu+CO2。4）甲为氢气，氢气和四氯化硅在高温条件下发生置换反应生成硅和氯化氢，故反应的化高温学方