江苏省盐城市东台市2022届九年级（上）期末物理试卷（解析版）

1、2022学年江苏省盐城市东台市九年级（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题2分，共24分每小题只有一个选项正确1家庭电路中电能表测量的是（）A电阻B电功C电压D电流【考点】电功【分析】根据电能表的用途填空即可知道用电器消耗电能的过程，就是一个电流做功的过程【解答】解：家庭电路中，用电器消耗电能的过程，就是一个电流做功的过程，消耗电能的多少或所做电功的多少，用电能表来测量因此，家庭电路中的电能表是测量电功或消耗电能多少的仪表故选B2下列装置工作时主要将电能转化为机械能的是（）A电视机B电饭锅C电动机D发电机【考点】电功的实质【分析】电流做功的过程实质上是电能转化为

2、其它形式能的过程，用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程【解答】解：A、电视机工作时，主要将电能转化为光能和声能，不合题意；B、电饭锅工作时，主要将电能转化为内能，不合题意；C、电动机工作时，主要将电能转化为机械能，符合题意；D、发电机工作时，主要将机械能转化为电能，不合题意故选C32022年9月15日，我国用以液态氢为燃料的火箭成功发射“天宫二号”空间实验室，液态氢用作火箭燃料，是因为液态氢具有（）A较大的热值B较高的沸点C较高的熔点D较大的比热容【考点】燃料的热值【分析】热值是指1千克的某种燃料完全燃烧后释放的能量，热值越大的燃料在完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的

3、热量越多，所以在选择火箭燃料时首先应该考虑燃料热值的大小【解答】解：火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量，故A正确故选A4下列情形中，运动员对物体没有做功的是（）A射箭运动员将弓弦拉开B举重运动员举着杠铃停在空中C排球运动员将排球抛向空中D篮球运动员从地上将篮球捡起【考点】力是否做功的判断【分析】做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离二者缺一不可【解答】解：A、射箭运动员用力将弓拉开，有力作用在物体上，物体在力的方向上通过了距离，所以做了功，故A不合题意；B、举重运动员举着杠铃停在空中，有力作用在物体上

4、，但物体在力的方向上没有通过距离，所以不做功，故B符合题意；C、将排球抛向空中，在排球离开后之前，对物体施加了力，物体在力的方向上通过了距离，做了功，故C不合题意；D、篮球运动员从地上将篮球捡起，人对篮球有一个向上的作用力，篮球在这个力的作用下移动了距离，所以做了功故D不合题意故选B5将导体AB、小量程电流表和蹄形磁体按图组装起来闭合开关进行如下操作，其中能使电流表指针偏转的是（）A导体AB静止在磁场中B磁体不动，导体AB在水平方向左右运动C磁体不动，导体AB在竖直方向左右运动D导体AB不动，磁体在竖直方向上下运动【考点】产生感应电流的条件【分析】要产生感应电流需满足两个条件：一为闭合回路，二

5、为回路中部分导体切割磁感线根据条件可判断【解答】解：A、导体AB静止在磁场内，没有切割磁感线运动，故不会产生感应电流，电流表指针不会偏转；故A错误；B、磁体不动，导体AB在水平方向左右运动，做切割磁感线运动，会产生感应电流；故B正确；C、磁体不动，导体AB在竖直方向左右运动，没有切割磁感线运动，故不会产生感应电流，电流表指针不会偏转；故C错误；D、导体AB不动，磁体在竖直方向上下运动，没有切割磁感线运动，故不会产生感应电流，电流表指针不会偏转；故D错误故选：B6将电热毯内断了的电热丝的两个断头接上，再将该电热毯接入电路中，电热丝的接头处很容易烧焦，其原因是（）A接头处的电阻变大B接头处的电流大

6、于电热丝其他部分的电流C接头处的电阻变小D接头处的电流小于电热丝其他部分的电流【考点】焦耳定律的计算公式及其应用【分析】导线的两个断头的接头处，会因为接触不够紧密而使导电能力减弱，即电阻增大【解答】解：导线的两个断头接上后继续使用，导线的两个断头的接头处，会因为接触不够紧密而使导电能力减弱，即电阻增大；电路中，用电器与导线串联，故其电流相等；当电路中电流较大时，根据焦耳定律Q=I2Rt可知在相同时间内该导线产生热量多故选：A7小明用图示装置“探究重力势能大小与质量的关系”，下列说法正确的是（）A实验研究对象是三脚小桌B让同一木块从三个不同的高度由静止下落C让质量不同的木块从不同的高度由静止下落

7、D用三脚小桌下陷的深度来表示木块重力势能的大小【考点】探究影响物体势能大小的因素【分析】（1）物体由于运动而具有的能叫做动能，动能的大小与物体的质量和速度有关；（2）实验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让质量不同的木块从同一高度下落，这样保证下落速度相同；即只有这样实验才更为科学严密【解答】解：A、实验中让质量不同的木块从相同的高度落下，通过观察三角小桌下陷的深度来探究木块的动能大小与质量的关系，所以实验研究对象是木块，故A错误；BC、探究重力势能大小与质量的关系，要控制木块所处的高度相同，质量不同，即让不同质量的木块从同一高度静止落下；故BC错误；D、实验运用了转换法，

8、通过观察三角小桌下陷的深度来探究木块的动能大小与质量的关系；故D正确故选：D8小明将一箱书搬上三楼，先后采用了两种方法：一是一次把所有的书搬上三楼；二是分两次把所有的书搬上三楼假设他上楼的速度相同，则这两种方法中（）A第一种所做的总功多一些B第二种对书做的功多一些C第一种搬书的功率大一些D第二种搬书的效率大一些【考点】功的大小比较；机械效率的大小比较；功率大小的比较【分析】已知这箱书的重力一定，楼的高度前后不变，根据公式W=Gh可求克服自身重力做的功；比较两次所做额外功的多少，从而确定总功的大小，根据机械效率公式可知效率的大小；他上楼的速度相同，得出上楼时间关系，根据t比较它们温度变化量之间的

9、关系，初温相同时可比较它们末温的关系；（3）导体的电阻与导体的材料、长度、横截面积有关，且材料相同时，导体越长、横截面积越小，导体的电阻越大；（4）探究导体产生的热量与电阻的关系，需要控制电路中的电流和通电时间相同，改变电阻的阻值【解答】解：A由图可知，该电路为串联电路，通过三个电阻的电流是相同的，根据公式U=IR可知，在电流相同时，电阻不同，电压不同，所以三根电热丝的电压不完全相等，故A错误；B由图可知，三电热丝串联，因串联电路中各处的电流和通电时间相等，且RA=RCRB，所以，由Q=I2Rt可知，三电热丝产生的热量关系为QA=QCQB，因不计热损失，且三液体的质量相等，c水c煤油，所以，由

10、Q=cmt的变形式t=可知，tBtAC，因三液体的初温相等，所以，三液体的末温即三支温度计示数的大小关系为TBTATC，故B错误；C材料和长度均相同时，导体的横截面积越大，电阻越小，则B瓶中电热丝的电阻最小，横截面积最大，故C错误；D探究导体产生的热量与电阻的关系，需要控制液体的种类和质量相同，改变电阻的阻值，比较TA和TB即可，故D正确故选D二、填空题（本题共8小题，每空1分，共24分）13如图所示，a处的磁场比b处的磁场弱（强/弱），静止在a处的小磁针的北极指向左（左/右）若将此磁体在空中悬吊起来，静止时图示的右端指向地磁场的南（南/北）极【考点】磁感线及其特点；地磁场【分析】（1）在磁体

11、外部，磁感线从N极出发，回到S极；（2）根据理想模型方法的思路进行分析，即为了人们可以形象直观的认识磁场，科学家通过想象引入了磁感线，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱；（3）同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；（4）地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，结合磁极间的作用规律可做出判断【解答】解：磁感线越密集，该处磁场越强，越稀疏，故图中a处的磁场比b处的磁场弱；磁体外部的磁感线是从N极出发，回到S极的，所以磁体的右侧是N极，左侧是S极，故a点所放小磁针静止时北极指向左；地磁场的北极在地理南极附近，地磁场南极在地理北极附近，如果将此磁体在教室中悬吊起来，静止时图示的右端指向北方，即

12、地磁场的南极故答案为：弱；左；南14东台城市公共自行车极大地方便了市民的“绿色出行”小明同学骑着自行车在平直的公路上匀速行驶了300m，用时1min，人和车受到的阻力恒为20N这段时间内，他克服阻力做的功为6000J，骑行的功率为100W骑行过程中，人和车的动能不变（增大/不变/减小）【考点】功的计算；功率的计算；动能大小的比较【分析】（1）功的大小等于力乘以距离，即W=Fs，功率的计算公式为=6000J；时间t=1min=60s，骑行的功率为：（tt0）求出水吸收的热量；（2）热量从高温物体传向低温物体的现象叫热传递；（3）液化的过程需要放出热量【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸=c水m水

13、（tt0）=103J/（g）2g（7020）=105J；（2）加热过程中水吸收热量，这是通过热传递的方式改变水的内能；（3）水蒸气会形成“白气”，此过程是水蒸气液化为水，放出热量、内能减小故答案为：105；热传递；减小17如图所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去此过程中燃气的内能转化为盒盖的机械能这与四冲程汽油机的做功冲程的能量转化相同若该汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功10次【考点】内燃机的四个冲程【分析】（1）物体对外做功，将物体的内能转化为其它形式的能，物体的内能减小，温度降低；（2）内燃机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压

14、缩和排气冲程；压缩冲程中把机械能转化为内能；做功冲程中将内能转化为机械能；（3）四冲程内燃机曲轴转一圈，完成2个冲程，1个工作循环中包括4个冲程并对外做功1次【解答】解：当按动电火花发生器的按钮时，酒精燃烧后的燃气对盒盖做功，将燃气的内能转化为盒盖的机械能，燃气的内能减小；四冲程热机中的做功冲程就是利用内能来做功的冲程，将内能转化为机械能；因为四冲程汽油机完成四个冲程对外做功一次，所以汽油机每秒完成40个冲程，则每秒它对外做功10次故答案为：内；做功；1018小华将标有“220V1800W”的电水壶正常工作6min，消耗的电能为Wh，消耗的电能转化为内能电水壶工作一段时间后，家中的空气开关（与

15、熔丝作用相同）突然自动断开，这一现象不能（能/不能）说明小华家的电路一定超负荷运行【考点】电功的计算；电功的实质【分析】（1）由公式in内消耗的电能（2）要判断能量转化的问题，主要看它消耗什么能量，产生什么能量，因为总是消耗的能量转化为了产生的能量（3）家庭电路中的空气开关自动断开，是因为电流过大，其原因有二：一是短路，二是用电器的总功率过大【解答】解：（1）已知通电时间t=6min=h=，由表示燃料的质量，燃料的热值q=Q/m，该数值与真实值相比偏小（偏大/不变/偏小），原因是燃料完全燃烧放出的热量没有被水全部吸收【考点】燃料的热值【分析】（1）根据控制变量法进行分析，比较酒精和碎纸片这两种

16、材料的热值，需使两种燃料的质量相同，且被加热水的质量也相同，根据水升高的温度进行比较；（2）根据公式Q=cmt得出水吸收热量的多少，在此实验中，燃料燃烧放出的热量不能完全被水吸收，如果根据水温的变化来计算燃料的热值是很不准确的，会偏小【解答】解：（1）因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化；所以可以通过比较相同质量的不同燃料完全燃尽时温度计示数的变化（水升高的温度）来比较燃料热值的大小关系；（2）燃料燃烧放出的热量不能被水全部吸收，故根据燃料的热值公式q=算出的燃料热值要小于真实值，根据水吸收的热量及燃料的质量求出的热值是不可靠的故答案为：燃料完全燃尽；

17、偏小；燃料完全燃烧放出的热量没有被水全部吸收20如图所示的调温电热器有低温和高温两档，R1、R2是电热丝，R1=22，R2=44当只闭合开关S时，电路中的电流为10A；当开关S、S1均闭合时，电热器处于高温档正常工作1min的电热器产生的热量为105J【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系；焦耳定律的计算公式及其应用【分析】（1）当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，根据欧姆定律求出电路中的电流；（2）当开关S、S1均闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，根据in的电热器产生的热量【解答】解：（1）当只闭合开关S时，电路为R1的简单电路，则电路中的电流：I1=10A；（2）当开关

18、S、S1均闭合时，两电阻并联，电路中的总电阻最小，由in的电热器产生的热量：Q=W=W1W2=tt=60s60s=105J故答案为：10；高温；105三、解答题（本题共9小题，共52分解答22、23题时应有解题过程）21在图中，由电流方向填入电池和电流表的符号，使电路成为并联电路【考点】电路图及元件符号【分析】电流表的内阻很小、在电路中相当于导线，据此判断电流表的位置，然后确定电源的位置【解答】解：若右侧为电流表，会造成右侧灯泡短路，不能发光，故电流表位于左侧，电源位于右侧，如下图所示：22在图中，将电灯和开关接到电路中【考点】家庭电路的连接【分析】家庭电路中，为保证安全，火线必须通过开关连接

19、到灯泡【解答】解：电灯的连接，与灯泡相连的开关必须控制火线，电灯的另一端直接接在零线上如图所示：23在图中，闭合开关后，标出螺线管的N极和S极【考点】安培定则【分析】已知电源正负极可知电流方向，利用右手螺旋定则即可判出螺线管的磁极【解答】解：电流由左侧流入，右手握住导线，四指指向电流方向，大拇指指向右方，即电磁铁的右端为N极，左侧为S极，如下图所示：24如图所示，杠杆AB在竖直向下的拉力F作用下将一物体缓慢匀速提升，下表是提升物体时采集的信息：OA/mOB/m物重G/NA端上升的高度h/mB端下降的距离s/m做的额外功W额外/J402求：（1）有用功；（2）拉力F的大小；（3）杠杆的机械效率【

20、考点】杠杆的机械效率；杠杆的平衡条件；有用功和额外功【分析】（1）知道物体的重力和被提升的高度，利用W=Gh求使用杠杆做的有用功；（2）使用杠杆做的总功等于有用功加上额外功，可求总功，再利用W=Fs求拉力大小；（3）求出了有用功、总功，利用=求杠杆的机械效率【解答】解：（1）使用杠杆做的有用功：W有用=G物h=40N=8J；（2）使用杠杆做的总功：W总=W有用W额外=8J2J=10J；由W总=Fs得拉力：F=25N；（3）杠杆的机械效率：=100%=80%答：（1）有用功为8J；（2）拉力F的大小为25N；（3）杠杆的机械效率为80%25如图所示电路中，灯泡L上标有“6V3W”字样电源电压恒定

21、为9V，不考虑温度对灯泡电阻的影响，求：（1）灯泡L正常发光时的电流；（2）灯泡L正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻；（3）调节滑动变阻器，使灯泡L与滑动变阻器的实际功率比值为1：2，求此时灯泡L的实际功率【考点】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，根据in记录一次温度，实验记录如表：加热时间/min01234温度/煤油水（1）在组装器材时应先调节B（A/B）的高度实验中用玻璃棒不断搅拌目的是让液体受热均匀（2）在实验过程中控制加热时间相同，通过比较升高的温度来研究水和煤油吸热能力的差异（3）请利用表中数据在图乙中画出煤油升高的温度随时间

22、变化规律的图线（4）分析图象可知，对于质量相等的水和煤油，升高相同的温度，水吸收的热量大于（大于/等于/小于）煤油吸收的热量这表明水吸热本领更强【考点】探究比热容的实验【分析】（1）在组装实验器材时，应先根据酒精灯的高度，调整固定B处夹子的高度，然后时调整固定A处夹子的高度；为了使液体均匀受热，加热过程要不断搅拌液体；（2）根据Q=cmt可知，运用控制变量法，可以在质量和吸收热量相同时，比较升高温度的不同，或在质量和升高温度相同时，比较吸热的热量（即加热时间）的不同，来比较物质吸热能力的不同；（3）在图象中找出表格中的数据所对应的点，然后用平滑的曲线连接；（4）相同质量的液体吸收相等的热量，液

23、体升高的温度越低，液体比热容越大，分析表中实验数据然后答题；【解答】解：（1）在组装实验器材时，应先根据酒精灯的高度，调整固定处B夹子的高度，然后再调整固定A处夹子的高度；目的是为了确保使用酒精灯的外焰加热；实验中用玻璃棒不断搅拌，目的是让液体均匀受热；（2）分别加热相同的时间（即吸收的热量相同），比较两种液体升高的温度不同，来研究水和煤油吸热能力的差异；（3）根据表格中的数据描点连线，作出煤油升高的温度随时间变化规律的图线，如图所示：（4）由表中实验数据可知，相同质量的煤油和水，如果要使水和煤油升高相同的温度，就要给水加热更长时间，则水吸收的热量大于煤油吸收的热量；说明水比煤油的吸热本领强，

24、即水的比热容大故答案为：（1）B；受热均匀；（2）升高的温度；（3）见上图；（4）大于；水28图甲是测量小灯泡电功率的电路，其中电源电压为6V，小灯泡额定电压为滑动变阻器标有“501A”字样（1）用笔画线代替导线，正确画出甲图中缺少的两根导线（2）闭合开关，正确移动滑片，当电压表示数为时，电流表示数如图乙所示，则通过小灯泡的电流是A，灯泡的额定功率是W（3）继续移动滑片的过程中，灯泡的灯丝突然烧断了这时电流表没有（有/没有）示数电压表的示数为6V（4）更换灯泡后，小明发现电压表015V量程坏了，于是他改用03V量程，并设计了图丙所示电路他将滑片P置于B端，然后闭合开关，调节滑动变阻器使电压表的

25、示数为读出电流表的示数，小明的操作不正确（正确/不正确）理由是当滑片置于B端时，闭合开关，电压表的示数会超过3V的量程【考点】电功率的测量【分析】（1）电压表与灯泡并联且根据额定电压判断电压表的量程；滑动变阻器按照一上一下的原则接；（2）由图乙所示电流表确定电流表量程与分度值，读出电流表示数，由电功率公式求出灯泡额定功率；（3）灯丝烧断，电路电路，电路电流为零，电压表接在电源两端，据此分析电流表与电压表示数（4）当滑片置于B端时，电阻最大，分压最多，电压表的示数会超过3V的量程【解答】解：（1）电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为，故电压表的量程为015V；滑动变阻器按照“一上一下”的原则接入电

26、路；实物电路如图所示：（2）由图乙所示电流表可知，电流表量程是0，分度值是，电流表示数是；灯泡额定功率P=UI=；（3）小灯泡灯丝烧断，电路断路，电路中电流为零，电流表没有示数；此时电压表串联在电路中，与电源两极相连，测电源电压，电压表示数为6V（4）当滑片置于B端时，变阻器接入电路的电阻最大，变阻器分得电压最多，电压表的示数会超过3V的量程，故小明操作不正确故答案为：（1）如上图；（2）；（3）没有；6；（4）不正确；当滑片置于B端时，闭合开关，电压表的示数会超过3V的量程29超导限流器超导限流器是一种有效的短路电流限制装置它是利用超导体的超导态和正常态间的转变，实现对短路电流的限制，提高电

27、路的安全性超导限流器由超导部件和限流电阻并联组成如图甲中虚线框内所示超导部件R1的电阻随电流I变化关系如图乙所示，图中IC为临界电流，R0为超导部件正常态电阻超导部件R1的电阻因其电流的不同会在超导态和正常态间自动转换当超导部件的电流小于IC时呈现超导态；大于IC时变为正常态某超导限流器中超导部件R1常态电阻为，临界电流为，限流电阻为15为研究该超导限流器的工作情况，小明将它连接到如图甲所示电路中，电源电压为6V，保持不变，灯泡L标有“6V3W”字样，灯泡电阻不随温度变化而变化（1）图甲中，超导部件R1呈现超导态时其电阻为0（2）图甲中，闭合开关，灯泡正常工作时，超导部件R1中电流为I，两端电压为U，则下列判断正确的是BAI=0，U=0BI0，U=0CI0，U0DI=0，U0（3）图甲中闭合开关，在灯泡L正常发光和短路两种情况下，关于限流电阻R2中电流的判断正确的是DA均为0B均不为0C灯泡L正常工作时不为0，短路时为0D灯泡L正常工作时为0，短路时不为0（4）图甲中，闭合开关，灯泡突然短路时电流表中电流的变化情况是从变化到（5）在图甲电路中，下列判断正确的是CA当灯泡短路时，超导部件R1为超导态B当灯泡短路时，超导限流器会自动切断电源C超导