河北省衡水市安平中学2023学年高二生物第二学期期末质量跟踪监视试题（含解析）

2023学年高二年级下学期生物模拟测试卷考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)1．某水池有浮游动物和藻类两个种群，其种群密度随时间变化的趋势如图，若向水池中投放大量专食浮游动物的某种鱼（丙），一段时期后，该水池甲、乙、丙三个种群中仅剩一个种群，下列关于该水池中上述三个种群关系及变化的叙述，正确的是A．甲和丙既有竞争关系又有捕食关系，最终仅剩下甲种群B．甲和乙既有竞争关系又有捕食关系，最终仅剩下丙种群C．丙和乙既有竞争关系又有捕食关系，最终仅剩下甲种群D．丙和乙既有竞争关系又有捕食关系，最终仅剩下丙种群2．下列关于细胞中元素的叙述中正确的是()A．组成活细胞的主要元素中C的含量最高，因此C是细胞内最基本、最核心的元素B．组成细胞的元素大多以无机盐的形式存在C．细胞中的微量元素因含量极少而不如大量元素重要D．组成生物体的化学元素在无机自然界中都可以找到3．关于群落演替的叙述，错误的是A．人类活动可以影响演替的方向和速度B．森林阶段动物的分层比灌木阶段的简单C．初生演替可发生在从来没有植被分布的地带D．森林阶段对太阳光的利用比灌木阶段更充分4．下列发生在内环境中的是A．胃蛋白酶水解蛋白质 B．糖原水解生成葡萄糖C．葡萄糖分解生成丙酮酸 D．乙酰胆碱扩散至突触后膜5．细胞通过DNA损伤修复可使DNA在复制过程中受到损伤的结构大部分得以恢复。下图1～5为其中的一种方式——切除修复过程示意图。下列有关叙述错误的是A．DNA损伤修复降低了突变率，保持了DNA分子的相对稳定性B．图2可能受物理、化学等因素的作用所致C．图3使用的某种酶切开的是磷酸二酯键D．图5中修复DNA需要DNA聚合酶和DNA连接酶共同作用6．人体小肠上皮细胞依赖其细胞膜上的Na＋—K＋泵通过消耗ATP不断向细胞外排出Na＋，以维持细胞外高浓度的Na＋环境，而进入小肠上皮细胞的葡萄糖顺浓度梯度进入组织液，然后再进入血液循环，最终完成葡萄糖的吸收，据图分析，下列表述错误的是()A．葡萄糖进出小肠上皮细胞的方式不同B．构成细胞膜的基本支架是磷脂双分子层C．结构Ⅰ和结构Ⅱ对物质的转运无特异性D．K＋进入小肠上皮细胞的方式为主动运输7．“神舟七号”上的三位宇航员在太空时有非常明显的失重感，失重时人体的液体静压丧失。人体的感受器感到体液增加，机体通过体液调节系统减少体液，出现体液转移反射性多尿，导致水盐从尿中排出。下列有关人体内环境和稳态的说法不正确的是A．水盐从尿中排出使渗透压的稳定遭到破坏，必然会引起代谢紊乱B．液体静压丧失，导致腿部体液转移到人的身体上部，出现鸟腿(腿部变细)现象C．免疫系统识别并清除异物、外来病原微生物也是维持内环境稳态的机制D．内环境稳态是在神经和体液调节的共同作用下维持的，体液调节占主导地位8．（10分）关于神经调节的叙述，正确的是A．“望梅止渴”属于非条件反射B．寒冷刺激引起皮肤毛细血管收缩是条件反射C．刺激某一反射弧的感受器或传出神经，可使效应器产生相同的反应D．起跑动作的产生是非条件反射的结果，其调节的神经中枢是听觉中枢二、非选择题9．（10分）在光照等适宜条件下,将培养在CO2浓度为1%环境中的某植物迅速转移到CO2浓度为0.003%的环境中,其叶片暗反应中C3和C5化合物微摩尔浓度的变化趋势如图。回答问题:(1)图中物质A是(填“C3化合物”或“C5化合物”)。(2)在CO2浓度为1%的环境中,物质B的浓度比A的低,原因是;将CO2浓度从1%迅速降低到0.003%后,物质B浓度升高的原因是。(3)若使该植物继续处于CO2浓度为0.003%的环境中,暗反应中C3和C5化合物浓度达到稳定时,物质A的浓度将比B的(填“低”或“高”)。(4)CO2浓度为0.003%时,该植物光合速率最大时所需要的光照强度比CO2浓度为1%时的(填“高”或“低”),其原因是。10．（14分）科学家从牛的胰脏中分离出一条由76个氨基酸组成的多肽链（Ub）。研究发现Ub在细胞自我监测和去除某些“不适用蛋白质”（即靶蛋白）的机制中扮演着重要角色。如果某个蛋白质被贴上Ub这个标签，就会被运送到细胞内的蛋白酶体处被水解掉，其过程如图1所示：请回答下列问题：（1）Ub由76个氨基酸组成，则它具有___个肽键，其结构简式是_________，Ub的合成场所是________，若它在小肠中被水解，则如图2中哪种物质不可能产生？_____。（2）如果靶蛋白不与Ub结合，便不能被蛋白酶体水解。①过程说明Ub的作用是识别________并与之结合；据图1可知完成①、②过程需要的主要条件是___________和________________。（3）已知在翻译产生Ub过程中，运输丙氨酸的tRNA的一端三个碱基为CGA，则丙氨酸的密码子为_____，如果知道了Ub这条肽链的氨基酸序列，能否确定编码该肽链的Ub基因的碱基序列？______（4）若有99个氨基酸（假设它们的平均分子量为100），通过结合形成了含有2条多肽链的蛋白质，则其相对分子质量比原来减少了______________，含氨基的数量最少是_____________个。（5）若某一多肽链由201个氨基酸组成，其分子式为CxHyNaObS2（a＞201，b＞202），并且是由如图3中5种氨基酸组成的，那么该多肽链彻底水解后将会得到赖氨酸、天冬氨酸各多少个？______。A．a﹣202、b﹣202B．a﹣202、（b﹣202）/2C．a﹣201、（b﹣201）/2D．a﹣201、（b﹣202）/211．（14分）二甲双胍的抗肿瘤效应越来越受到人们的广泛关注。它可通过抑制某细胞结构的功能而抑制细胞的生长，其作用机理如图所示。请据图回答下列问题：（1）据图分析，二甲双胍直接抑制____（细胞结构），进而影响相关物质进出______，最终达到抑制细胞生长的效果。（2）据图分析.无活型RagC成为激活型RagC发生在_____，这一过程消耗ATP吗？______(是/否)。（3）图中物质mTORCl对物质SKN1的作用效果为_____，物质ACAD10对细胞生长的作用效果为________。（4）下列生理过程可能受二甲双胍影响的有______________。A．囊泡的运输B．DNA复制C．细胞分裂D．兴奋的传导12．某岛屿栖息着狐和野兔，生态系统相对稳定。后来有人登岛牧羊、捕食野兔和狐，狐也捕食羔羊。第五年，岛上狐濒临灭绝，但野兔数量大大超过人登岛前的数量。第6年，野兔种群爆发了由兔瘟热病毒引起的瘟疫，其数量骤减。回答问题：(1)人与狐的种间关系是______，兔瘟热病毒与野兔的种间关系是________。（2）画出由人、羊、狐、野兔和牧草组成的食物网。________________。（3）人登岛后的第5年，与登岛前相比，野兔种内竞争强度________（增加、减小、不变）。（4）一般情况下，被捕食者传染病的流行程度将随捕食者种群密度的增加而___（增强、减弱、不变）。

参考答案（含答案详细解析）一、选择题(本大题共7小题,每小题6分,共42分。)1、C【答案解析】从图像中可以看出该水池中原有的两个物种甲与乙之间符合捕食关系的曲线，其中甲先增先减，是被捕食者（藻类），乙后增后减，是捕食者（浮游动物）。当在水池中加入物种丙后，改变了原来的种间关系，其中丙专食浮游动物，当三个物种仅剩余一个物种时，乙会因为丙对它的捕食而消失，而丙也因为乙的消失而缺乏食物也消失，甲会因为失去天敌乙而在一段时间内会有所增加。丙和乙可竞争空间和氧气等资源。所以本题应该选C。从图像分析可知，甲乙是捕食关系，且甲是被捕食者（藻类），乙是捕食者（浮游动物）。而丙为后期向水池投放的大量专食浮游动物的某种鱼，建立食物链的话应该是：藻类（甲）→浮游动物（乙）→鱼（丙）。由于鱼是大量的，所以短时间内它们的食物浮游动物急剧减少，而由于食物缺乏等生存斗争加剧，鱼类也随之大量减少。所以甲、乙、丙三个种群仅剩一个种群的话，该种群肯定是藻类，即甲种群。由于强调了鱼是专食浮游动物乙，显然A项是不合理的。丙和乙的竞争关系不一定体现在食物的竞争，可能在大量投入鱼（丙）时会导致空间（水池）、氧气等方面的竞争。2、D【答案解析】

组成生物体的化学元素根据其含量不同分为大量元素和微量元素两大类。（1）大量元素是指含量占生物总重量万分之一以上的元素，包括C、H、O、N、P、S、K、Ca、Mg，其中C、H、O、N为基本元素，C为最基本元素，O是含量最多的元素；

（2）微量元素是指含量占生物总重量万分之一以下的元素，包括Fe、Mn、Zn、Cu、B、Mo等。【题目详解】A、组成活细胞的主要元素中O的含量最高，A错误；B、组成细胞的元素大多以化合物的形式存在，B错误；C、细胞中的微量元素和大量元素的作用都非常重要，C错误；D、组成生物体的化学元素在无机自然界中都可以找到，体现了生物界与非生物界的统一性，D正确。故选D。3、B【答案解析】本题考查群落演替的相关知识，在生物群落发展变化的过程中，一个群落代替另一个群落的演变现象，称为群落的演替。自然演替的速度和方向受人类活动的影响，森林阶段群落结构比灌木阶段复杂，所以动物的分层比灌木阶段的复杂，初生演替是指在一个从来没有被植被覆盖的地面，或者是原来存在过植被，但被彻底消灭了的地方发生的演替，森林阶段叶面积指数比灌木阶段大，对太阳光的利用比灌木阶段更充分，所以答案B。考点定位:本题考查群落演替的相关知识。4、D【答案解析】

细胞外液亦称内环境，包括血浆、组织液和淋巴等。【题目详解】A、胃蛋白酶水解蛋白质发生在消化道内，不在内环境，A错误；B、糖原水解生成葡萄糖发生在肝脏细胞内，不在内环境，B错误；C、葡萄糖分解生成丙酮酸发生在细胞中，不在内环境，C错误；D、乙酰胆碱扩散至突触后膜发生在组织液中，属于内环境，D正确。故选D。【答案点睛】注意：人体内与外界直接相通的管道不属于内环境，如消化道、呼吸道、生殖道和尿道等，另外细胞内也不属于内环境。5、C【答案解析】

细胞通过DNA修复可使DNA在复制过程中受到损伤的结构大部分得以恢复，DNA受损有可能是磷酸二酯键被破坏，也有可能氢键被破坏，还有可能发生碱基对的增添、缺失、替换，据此答题。【题目详解】A、DNA损伤修复恢复了DNA分子的原有结构，降低了突变率，保持了DNA分子的相对稳定性，A正确；B、图2中DNA碱基突变，可能受物理、化学等因素的作用所致，B正确；C、通过图3可以看出，发生DNA两条链之间氢键断裂，不是磷酸二酯键断裂，C错误；D、图5中修复DNA需要DNA聚合酶是碱基之间形成氢键，单个脱氧核糖核苷酸之间形成磷酸二酯键，DNA连接酶使DNA单链片段之间形成磷酸二酯键，D正确。故选C。6、C【答案解析】葡萄糖进入小肠上皮细胞的方式为主动运输，而进入小肠上皮细胞的葡萄糖顺浓度梯度进入组织液，因此葡萄糖出小肠上皮细胞的方式为协助扩散，A正确；构成细胞膜的基本支架是磷脂双分子层，B正确；结构Ⅰ和结构Ⅱ是载体蛋白，载体蛋白对物质的转运具有特异性，C错误。K+进入小肠上皮细胞需要消耗ATP，为主动运输，D正确。7、D【答案解析】试题分析：如果水盐从尿中排出会使渗透压的稳定遭到破坏，会引起代谢紊乱，故A正确。液体静压丧失，对水的吸引力减弱，会导致腿部体液转移到人的身体上部，出现鸟腿变细，故B正确。免疫系统具有清除、监控和防卫功能，故C正确。内环境稳态是在神经-体液-免疫调节网络下维持的，故D错误。考点：本题考查内环境稳态相关知识，意在考察考生对知识点的理解和分析能力。8、C【答案解析】

1、神经调节的基本方式是反射，其结构基础是反射弧，由感受器、传入神经、神经中枢、传出神经、效应器五部分构成。反射弧中神经冲动传到的方向是：感受器→传入神经→神经中枢→传出神经→效应器。反射弧只有在完整的时候，反射才能完成。2、条件反射和非条件反射的本质区别是否有大脑皮层的参与，没有大脑皮层参与的，神经中枢在大脑皮层以下的反射是非条件反射，反射的神经中枢在大脑皮层上的反射是条件反射。【题目详解】A.“望梅止渴”需要大脑皮层参与，属于条件反射，A错误；B.寒冷刺激引起皮肤毛细血管收缩是非条件反射，B错误；C.反射是指在神经系统的参与下，人体对内外环境刺激所作出的有规律性的反应，因此，刺激感受器或传出神经，信息都能传到效应器而使效应器产生相同的效应，C正确；D.起跑动作的产生是条件反射，即之前有过该经验，D错误。故选C。【答案点睛】本题考查了神经调节的相关知识，意在考查考生的识记能力和理解能力，难度不大，相关知识点识记即可。二、非选择题9、C3化合物暗反应速率在该环境中已达到稳定,即C3和C5化合物的含量稳定,根据暗反应的特点,此时C3化合物的分子数是C5化合物的2倍当CO2浓度突然降低时,C5化合物的合成速率不变,消耗速率却减慢,导致C5化合物积累高低CO2浓度低时,暗反应的强度低,所需的ATP和[H]少【答案解析】

(1)CO2浓度降低后,直接影响暗反应中CO2的固定,导致C3化合物的量减少,确定物质A是C3化合物,物质B是C5化合物。(2)CO2浓度为1%时,暗反应速率在该环境中已达到稳定,即C3和C5化合物的含量稳定,根据暗反应的特点,此时C3化合物的分子数是C5化合物的2倍;当CO2浓度突然降低时,C5化合物的合成速率不变,消耗速率却减慢,导致C5化合物积累。(3)CO2浓度为0.003%时,C3和C5化合物的浓度保持稳定后,暗反应保持稳定,此时仍根据暗反应中CO2的固定的反应式确定,C3化合物的量应是C5化合物的量的2倍。(4)CO2浓度降低,达到最大光合速率时所需的光照强度降低,因为暗反应减弱,所需的ATP和[H]减少,光反应强度减弱。10、75-CO-NH-核糖体D靶蛋白多种酶ATP提供能量GCU不能17462D【答案解析】

本题是关于蛋白质的问题，蛋白质的合成场所是核糖体，其中氨基酸数-肽链数=肽键数，蛋白质的分子量=氨基酸的总分子量-脱去水的总分子量。密码子是指mRNA上控制氨基酸的三个相邻的碱基，而tRNA上的反密码子与之能够互补配对。在计算蛋白质中某种氨基酸的数目时一般依据这种氨基酸的特殊之处来计算，例如可以依据硫元素数目确定半胱氨酸的数目。【题目详解】（1）题目中Ub由76个氨基酸组成，有一条肽链，因此，肽键数=76-1=75，肽键的结构简式是-CO-NH-，Ub是蛋白质，其的合成场所是核糖体，蛋白质在小肠中被水解，最终形成氨基酸，氨基酸中至少有一个氨基和一个羧基连在同一个中心碳原子上，如图2ABC都是氨基酸，而D不是氨基酸。（2）靶蛋白不与Ub结合，便不能被蛋白酶体水解。①过程说明Ub的作用是能够识别靶蛋白并与靶蛋白结合；据图1可知完成①、②过程需要消耗能量，需要多种酶的催化。

（3）在翻译过程中，mRNA上的密码子与tRNA上的反密码子互补配对，因此，运输丙氨酸的tRNA的一端三个碱基为CGA，则丙氨酸的密码子为GCU，如果知道了Ub这条肽链的氨基酸序列，不能确定编码该肽链的Ub基因的碱基序列，是由于密码子具有简并性。

（4）若有99个氨基酸（假设它们的平均分子量为100），通过结合形成了含有2条多肽链的蛋白质，则肽键的数目为99-2=97个，因此其相对分子质量比原来减少了97×18=1746，由于该蛋白质中有两条肽链，因此，氨基的数量最少是2个。（5）若某一多肽链由201个氨基酸组成，其分子式为CxHyNaObS2（a＞201，b＞202），并且是由如图3中5种氨基酸组成的，题目可知赖氨酸中有两个N元素，而其他氨基酸中只有一个氮元素，因此，赖氨酸的数目为a-201，天冬氨酸特殊之处是由四个O元素，其他氨基酸只有两个氧元素，因此可以依据氧元素的数量来了一个方程计算，假设有x天冬氨酸，那么4x+2(201-x)-200=b，计算可知天冬氨酸=（b﹣202）/2，因此D正确。

故选D。【答案点睛】蛋白质计算的有关规律：规律一：设氨基酸的平均相对分子质量为a，n个氨基酸经脱水缩合成蛋白质(含一条肽链)。那么该反应生成(n-1)分子水，该蛋白质有(n-1)个肽键，至少含有1个游离氨基，1个游离羧基，游离的氨基总数为1+R基上的氨基数，游离的羧基总数为1+R基上的羧基数，该蛋白质的相对分子质量为na-(n-1)×18。规律二：设氨基酸的平均相对分子质量为a，n个氨基酸经脱水缩合成蛋白质(含m条肽链)。那么该反应生成(n-m)分子水，该蛋白质有(n-m)个肽键，至少含有m个游离氨基，m个游离羧基，游离的氨基总数为m+R基上的氨基数，游离的羧基总数为m+R基上的羧基数，该蛋白质的相对分子质量是na-(n-m)×18-2x。(其中x表示二硫键—S—S—的个数)规律三：设n个氨基酸经脱水缩合成蛋白质(含一条或多条肽链)。决定该蛋白质的mRNA的密码子有n个，碱基数有3n个，相关基因的碱基数有6n个。基因碱基数：mRNA的碱基数：氨基酸数=6：3：1。11、线粒体