11-3磁通量电磁感应现象

1L3磁通量电磁感应现象同步练习一、单项选择题1.以下说法中正确的选项是（）A.穿过某一个面的磁通量为零，该处磁感强度也为零B.穿过任何一个平面的磁通量越大，该处磁感强度也越大C.穿过垂直于磁感强度方向的某面积的磁感线条数等于磁感强度D.当平面跟磁场方向平行时，穿过这个面的磁通量必为零【答案】D【解析】AD.根据磁通量的计算公式：式中的S为磁感线垂直穿过线圈的有效面积，当磁感线和线框平行时，磁感应强度不为零，磁通量为零，A错误，D正确；B.磁感应强度大小不变，当磁感线和平面从平行位置变为垂直相互垂直时，磁通量也增大，B错误；C.穿过垂直于磁感应强度方向的某面积的磁感线的条数与该面积的比值，等于磁感应强度，即故C错误。应选D。2.如图，某同学把磁铁插入线圈时，发现电流计的指针发生向右偏转，当磁铁（）A.静止在线圈中时，电流计指针会偏转B.静止在线圈中时，电流计指针不会偏转C.从线圈中抽出时，电流计指针也会向右偏转D.从线圈中抽出时，电流计指针不会偏转【答案】B【解析】AB.当磁铁静止在线圈中时，线圈中的磁通量不变，不会产生感应电流，所以电流计指针不会偏转,故A错误，B正确；CD.将磁铁从线圈中抽出时，线圈中的磁通量减小，产生的感应电流方向与插入磁铁过程中的感应电流方向相反，所以电流计指针会向左偏转，故CD错误。应选B。3.以下四种情境中，说法正确的选项是（）A.甲图中，金属框在匀强磁场中向右运动时产生电流B.乙图中，金属框在磁场中按图示方向转动时产生电流C.丙图中，通电直导线与金属圆环直径重合，增大导线中的电流时金属环中产生电流D.丁图中，磁铁向铝环B靠近时铝环5中产生电流【答案】B【解析】A.甲图中，金属框在匀强磁场中向右运动时，穿过金属框的磁通量不变，不能产生电流，故A错误；B.乙图中，金属框在磁场中按图示方向转动时，穿过金属框的磁通量会发生变化，会产生电流，故B正确；C.丙图中，由于通电直导线与金属圆环直径重合，根据安培定那么以及对称性可知穿过金属圆环的磁通量始终为零，即使增大导线中的电流，金属环中也不产生电流，故c错误；D.丁图中，磁铁向铝环8靠近时，铝环5中磁通量变化，但由于铝环3没有构成闭合回路，所以铝环B中不产生电流，故D错误。应选Bo.如下图，金属线框必cd处于垂直纸面向里的足够大的匀强磁场中，线框平面与磁场方向垂直。线框做以下几种运动时，可以产生感应电流的是（）A.绕线框中心垂直于纸面的轴转动B.以cd边为轴转动C.向左匀速运动D.向右加速运动【答案】B【解析】A.绕线框中心垂直于纸面的轴转动，线框中的磁通量不变，不会产生感应电流，A错误；B.以cd边为轴转动，线框中的磁通量会发生变化，会产生感应电流，B正确；CD.由于磁场范围足够大，当线圈向左匀速运动或向右加速运动，线框中的磁通量不变，不会产生感应电流，CD错误。应选Bo.如下图，。、〃两同心圆线圈的匝数分别为10匝和5匝，线圈半径分别为厂和2r。分布着磁感应强度大小为6的匀强磁场的圆形区域的边缘恰好与。线圈重合，那么穿过以6两线圈的磁通量之比为（）A.1：4B.1：2C.1：1D.2：1【答案】C【解析】磁通量与线圈的匝数无关，由磁通量定义知由于穿过两线圈磁感线的条数相同，那么穿过两线圈的磁通量之比为1：1,应选C。.以下四幅图所示的实验中，以下说法正确的选项是（）A.图（a）通电后小磁针将会发生偏转，说明了电流周围存在磁场B.图（b）电键闭合后电流计的指针将会发生偏转，说明了回路产生了感应电流C.图（c）闭合电键后金属棒会在导轨上运动，说明了回路产生了感应电流D.图（d）电键闭合后线框会转动，说明了磁场对电流可以产生力的作用【答案】D【解析】A.图（a）通电后，通电导线在小磁针位置处产生的磁场方向水平向左，小磁针不会发生偏转,故A错误；B.图（b）电键闭合后，导体棒没有切割磁感线，回路中不会产生感应电流，电流计的指针不会发生偏转，故B错误；C.图（c）闭合电键后金属棒会在导轨上运动，说明了通电导体在磁场中会受到磁场力的作用，故C错误；D.图（d）电键闭合后线框会转动，说明了磁场对电流可以产生力的作用，故D正确。应选D。.在物理学的开展过程中，许多科学家做出了突出贡献，以下说法符合物理学史的是（）A.牛顿测出了万有引力常量.安培发现了电流的磁效应C.洛伦兹发现了磁场对通电导线的作用力D.法拉第根据电磁感应现象自制了史上第一台发电机【答案】D【解析】A.卡文迪许测出了万有引力常量，故A错误；B.奥斯特发现了电流的磁效应，故B错误；C.安培等人发现了磁场对通电导线的作用力，故C错误；D.法拉第根据电磁感应现象自制了史上第一台发电机，故D正确。应选D。8.某同学用如下图的实验装置探究感应电流产生的条件，以下操作中，该同学不能看到灵敏电流计指针偏转的是（）A.先闭合开关Si、S2,然后将线圈A插入线圈BB.先闭合开关S2,将线圈A置于线圈B中，然后瞬间闭合开关SiC.先将线圈A置于线圈B中，闭合开关Si、S2,然后匀速移动滑动变阻器的滑片D.先将线圈A置于线圈B中，闭合开关Si,然后加速移动滑动变阻器的滑片【答案】D【解析】A.先闭合开关Si、S2,然后将线圈A插入线圈B,那么穿过线圈B的磁通量会发生变化，线圈B中会有感应电流，那么灵敏电流计指针偏转，选项A不符合题意；.先闭合开关S2,将线圈A置于线圈B中，然后瞬间闭合开关Si,那么穿过线圈B的磁通量会发生变化，线圈B中会有感应电流，那么灵敏电流计指针偏转，选项B不符合题意；C.先将线圈A置于线圈B中，闭合开关Si、S2,然后匀速移动滑动变阻器的滑片，那么穿过线圈B的磁通量会发生变化，线圈B中会有感应电流，那么灵敏电流计指针偏转，选项C不符合题意;D.先将线圈A置于线圈B中，闭合开关S1，然后加速移动滑动变阻器的滑片，因线圈B所在的支路是断开的，那么灵敏电流计指针不偏转，选项D符合题意。应选D。二、多项选择题TOC\o"1-5"\h\z.以下情形中金属框或线圈中能产生感应电流的是（）XXXyXXX：Xj・-|-XX~XVXXr^[\A.xXXB.XXX：c.x；・D.一N【答案】BCD【解析】产生感应电流的条件是，闭合回路中的磁通量有变化。故A错误；BCD正确。应选BCDo10.如下图，将带铁芯的线圈4通过滑动变阻器和开关连接到电源上，线圈B的两端连接到灵敏电流计上,把线圈A放进线圈B的里面。下面几种情况灵敏电流计指针可能有偏转的是（）A.闭合开关瞬间B.开关闭合且电路稳定后C.开关闭合，拔出线圈A的过程中D.开关闭合，将滑动变阻器的滑片尸向左匀速滑动的过程【答案】ACD【解析】感应电流产生的条件是闭合回路中通过线框的磁通量发生变化.A.闭合开关瞬间有磁通量变化，有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项A正确；B.开关闭合电路稳定后电流不发生变化，通过线圈B的磁通量无变化，无感应电流，灵敏电流计指针无偏转，选项B错误；C.拔出线圈4通过线圈8磁通量减小，有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项C正确；D.滑片P滑动，电阻发生变化，电流发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈3的磁通量变化，有感应电流，灵敏电流计指针有偏转，选项D正确；应选ACDo11.如下图，通电直导线与线圈abed在同一平面内，那么（）A.线圈向右平动时，有感应电流B.线圈沿垂直纸面方向远离导线，无感应电流C.线圈以M边为轴转动，磁通量没有变化D.线圈竖直向下平动，无感应电流【答案】AD【解析】A.线圈向右平动时，磁通量减小，有感应电流，选项A正确；B.线圈沿垂直纸面方向远离导线，磁通量发生变化，那么有感应电流，选项B错误；C.线圈以而边为轴转动，磁通量发生变化，选项C错误；D.线圈竖直向下平动，磁通量不变，那么无感应电流，选项D正确。应选ADo12.如下图，线圈面积S,线圈平面与磁感应强度为3的匀强磁场方向垂直，那么关于穿过线圈的磁通量，以下说法正确的选项是（）A.那么此时穿过线圈的磁通量为,—BSB.假设线圈绕。。转过60。角时，穿过线圈的磁通量为2C.假设从初位置转过90。角时，穿过线圈的磁通量为5sD.假设从初位置转过180。角时，穿过线圈的磁通量变化量大小为26S【答案】AD【解析】A.此时线圈与磁场方向垂直，那么穿过线圈的磁通量为6S,选项A正确；B.假设线圈绕。。'转过60。角时，穿过线圈的磁通量为选项B错误；C.假设从初位置转过90。角时，线圈平面与磁场平行，那么穿过线圈的磁通量为零，选项C错误；D.假设从初位置转过180。角时，穿过线圈的磁通量变化量大小为选项D正确。应选ADo13.如图甲所示为某品牌手机的无线充电器，其工作原理简化后如图乙所示.将交流电（电流随时间按正弦规律变化）接入送电线圈，手机电池通过转换电路连接受电线圈，将手机放在送电线圈上方即可对电池充电。关于无线充电的以下说法正确的选项是（）A.该原理是应用了电磁感应B.充电器工作时辐射出电磁波C.受电线圈内产生的是恒定电流D.假设将恒定电流接入送电线圈，也可以对手机充电【答案】AB【解析】A.当送电线圈通上正弦交流电时，在受电线圈中会产生感应电动势，那么该原理是应用了电磁感应，选项A正确；B.根据电磁波产生的原理可知，充电器工作时辐射出电磁波，选项B正确；C.因为在送电线圈上是正弦交流电，那么在受电线圈内产生的是同频率的正弦交流电流，选项C错误；D.假设将恒定电流接入送电线圈，由于穿过受电线圈的磁通量不变，那么不会产生感应电流，不能对手机充电，选项D错误。应选ABo14.如下图，线圈M和线圈N绕在同一铁芯上。线圈M与电源、开关滑动变阻器相连，P为滑动变阻器的滑片，恰好处在滑动变阻器的中间位置，开关S处于闭合状态。线圈N与电阻R相连。以下说法正确的选项是（）A.当尸向右移动，电阻火中有电流通过B.当尸向左移动，电阻R中有电流通过C.将线圈N从铁芯上向右拉使其离开铁芯，电阻R中有电流通过D